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2018年乌鲁木齐中考物理模拟试题
一、物理模拟试题选择题：（本题共10小题，共30分．每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题得3分）
1．关于声现象，下列说法中正确的是（）
A．“闻其声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的
B．街道上的噪声监测仪是减弱噪声的专用设备
C．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调会不同
D．课堂上能听到老师讲课声，是由于空气能够传声
2．下列属于弹力的是（）
A．重力 B．磁极间作用力 C．电荷间作用力 D．压力
3．下列现象中属于液化的是（）
A．放在衣柜里的樟脑丸越来越小
B．加在饮料中的冰块不见了
C．撒在地上的水一会儿没有了
D．烧水时，壶嘴喷出的“白气”
4．关于安全用电，下列说法正确的是（）
A．开关安装在电灯与零线之间
B．打雷下雨时站在大树下避雨
C．使用三角插头是为了防止触电
D．使用测电笔时手不能接触笔尾金属体
5．对下列常见现象的分析，合理的是（）
A．摩擦生热，是通过做功的方式改变内能
B．围火取暖，是通过做功的方式改变内能
C．雾霾弥漫，是因为分子在不停地运动
D．雪花纷飞，是因为分子之间有排斥力作用
6．甲、乙、丙三个轻质小球，甲球排斥乙球，乙球吸引丙球，下列说法正确的是（）
A．甲、乙两球一定带异种电荷 B．甲、乙两球一定带同种电荷
C．乙、丙两球一定带异种电荷 D．乙、丙两球一定带同种电荷
7．POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头，如图所示．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检热头的线圈中就会产生变化的电流．POS机便可读出磁条上的信息．下图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（）
A．
B．
C．
D．
8．如图所示，电梯内一弹簧下挂一物块，当整个电梯突然向上作加速运动时，下列说法正确的是（）
A．物块速度变大时其惯性增大
B．弹簧对物块的拉力等于物块的重力
C．弹簧对物块的拉力等于物块对弹簧的拉力
D．弹簧伸长了，弹性势能不变
9．在水平桌面上有一个盛有水的容器，木块用细线系住没入水中，如图甲所示．将细线剪断，木块最终漂浮在水面上，且
的体积露出水面，如图乙所示．下列说法正确的是（）
A．甲、乙两图中，木块受到水的浮力之比是 5：2
B．甲、乙两图中，水对容器底部的压强大小相等
C．甲图中细线对木块的拉力与木块受到的浮力之比是 2：5
D．甲图中容器对水平桌面的压力小于乙图中容器对水平桌面的压力
10．小夏将n个“3V 0.3W”的小灯泡，按照甲、乙两种连接方式分别接入电压为U的电路中（如图所示），通过分别调节滑动变阻器R1和R2，使所有灯泡均正常发光．则甲、乙两电路中的总电流与总功率的关系正确的是（）
A．I甲=I乙 B．I甲=
I乙 C．P甲=nP乙 D．P甲=n2P乙
二、填空题（每空1分，共30分）
11．电视机的遥控器能发射一种不可见光．即，以实现对电视的控制．如果不把遥控器对着电视机的控制窗口，而是对着墙壁调整角度也可以控制电视机．这利用了光的．彩色电视画面上的色彩是由红、、蓝三种色光混合而成．
12．极限跳伞是一项惊险的体育运动，如图，跳伞员从3600m的高空跳下，一段时间后打开降落伞，开始做减速运动，下落过程中，其重力势能将（选填“增大”、“减少”或“不变”）．减速下降时，跳伞员及降落伞所受的阻力（选填“大于”、“等于”、“小于”）他们的重力．若跳伞员看到地面“迎面扑来”，则他是以为参照物的，若从跳下到落地用时200s，则其下落的平均速度为m/s．
13．经测定，某志愿者的刹车反应时间（即图 中“反应过程”所用时间）是0.4s．在某次试验中，该志愿者驾车以90km/h的速度在实验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离35m，则经过m距离后汽车才开始减速；若志愿者边打电话边驾车，以90km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，在发现情况到汽车停止，行驶距离40m，此时志愿者的刹车反应时间是s．由此研究可知，驾驶员驾驶时打电话，驾驶员的刹车反应会．（选填“变快”、“变慢”或“不变”）
14．太阳能是在太阳内部，氢原子核发生（选填“裂变”或“聚变”），释放出的核能．太阳能属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源．某太阳能热水器能使100kg的水温度由室温升高50℃，那么这些水吸收的热量为J，这些热量相当于完全燃烧m3天然气所放出的热量[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃） 天然气的热值4.2×107J/m3]．
15．如图所示，斜面长1m，高0.4m，用大小为5N沿斜面向上的拉力F，将重10N的铁块从底端匀速拉到顶端，斜面的机械效率为；若仅使倾角θ逐渐增大，沿斜面向上的拉力将逐渐（选填“增大”、“不变”或“减小”），此斜面的机械效率将逐渐（选填“增大”、“不变”或“减小”）．
16．按照我国登月计划，2017年“嫦娥五号”的载着月球土壤回归地球，地面科技人员对“嫦娥五号”的控制是靠（选填“电磁波”或“声呐”）来传递数据信息的．“嫦娥五号”返回舱穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦，将能转化为内能．为避免飞船因高温而损坏，其外壳涂有的烧蚀材料在升温后，可迅速（填物态变化名称）成气体，并大量的热．（填“吸收”、“放出”）
17．在自由下落过程中，物体运动速度会越来越快，一个物体由A点自由下落，相继经过B、C两点，已知AB=BC．如图所示，物体在AB段重力做功W1，做功功率P1；在BC段重力做功W2，做功功率P2，则W1W2，P1P2（两空均选填“＞”、“＜”或“=”）．
18．在如图所示的电路中，电源电压为6V，R1=4Ω，只闭合开关S1后，电压表的示数为4V，则电流表的示数为A，电阻R2的阻值为Ω．若同时闭合开关S1、S2，则电流表的示数，电压表的示数（均选填“变大”、“变小”或“不变”）．
19．某电压力锅额定电压为220V，加热功率为1100W，保温功率为100W．
（1）在使用电压力锅时，应选用孔插座，其在加热状态下发热体的电阻为Ω，
（2）压力锅易将食物煮熟的原因是通过增大锅内气压使水的沸点．
（3）若家中仅使用压力锅正常工作0.5h，标有“1200imp/kW•h”的电能表指示灯闪500次，则加热、保温时间之比为．
三、作图题（本题包括3小题、每题2分、共6分）
20．如图，小球悬挂在弹簧下端处于静止，请画出小球所受力的示意图．
21．图中的OA是光从空气斜射到水面，经水面反射的一条光线，请作出它对应的入射光线和入射光线对应的折射光线．
22．根据小磁针静止时的指向，在图中标出螺线管的北极和电源的正极．
四、实验与探究题（本题共3个小题，第23题5分，第24题4分，第25小题5分，共14分．）
23．某同学利用图示装置来研究凸透镜成像
（1）实验中，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心在；
（2）如图1所示，当凸透镜位于光具座上A处时，恰好在光屏上成清晰的像，成的是（选填“正立”或“倒立”）的像．
（3）在保持（2）中蜡烛和光屏位置不变的情况下，将凸透镜向右移到B处（图中未标出）．光屏上再次成清晰的像，成的是（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的像：
（4）在上述探究括动中，若已知蜡烛与光屏间的距离为L0，与凸透镜第一次所在位置A间的距离为L，如图2所示．则该透镜焦距fL（选填“＞”、“＜”或“=”）．透镜先后两次所在位置A、B之间的距离s=（用/L0、L表示）．
24．在“探究二力平衡条件”的活动中，主要是通过探究力对物体的作用效果来实现探究目的．
（1）如图，甲装置是探究二力平衡条件的一种方法，实验中通过改变砝码的来探究二力大小的关系；通过扭转小车松手后观察小车的状态，来探究二力是否．
（2）小明发现用图甲装置无法完成全部探究过程，又设计了图乙所示的装置．在卡片平衡时，用剪刀将卡片从中间剪开，并观察随之发生的现象，由此可以得到二力平衡的又一个条件．把硬纸板支撑起来，不再与桌面接触的目的是．
25．小芳到实验室做“测量小灯泡额定功率”的实验时，老师只给她提供了如下器材：标有“2.5V”的小灯泡、电源、滑动变阻器、开关、两个电压表（没有电流表）、阻值为10Ω的定值电阻R0、导线若干．她根据所给定的器材经过认真思考后设计了正确的实验电路，如图甲是该电路的不完整电路图．
（1）请你将甲电路图补充完整．
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器调至阻值的位置．
（3）闭合开关后，为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，使电压表V1的示数为V，此时电压表V2的示数如图乙所示，是V．
（4）小灯泡的额定功率为W．
五、计算题（本题有2个小题，每题5分，共10分．解题要有计算过程和必要的文字说明，只给出结果不得分）
26．水平地面上放置有甲乙两个完全相同的质量均为200g的圆柱形容器，容器的底面积均为50cm2，甲中装有深为10cm的水，乙中装有深为12cm的酒精，（已知ρ水=1.0×103kg/m3；ρ酒精=0.8×103kg/m3，g=10N/kg）求：
（1）水对容器底的压强．
（2）容器乙对地面的压强．
（3）从容器中分别抽出高度相同的液体后，剩余液体对容器底的压强相等，则抽出的液体高度是多少？
27．如图所示，灯L标有“6V 3.6W”字样，电源电压保持不变，闭合开关S，电流表示数为0.1A，灯实际功率为0.9W（灯丝电阻不随温度变化）．求：
（1）定值电阻R0的阻值；
（2）电路的总功率；
（3）通电1min灯L消耗的电能．
2018年乌鲁木齐中考物理模拟试题参考答案
一、选择题：（本题共10小题，共30分．每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题得3分）
1．关于声现象，下列说法中正确的是（）
A．“闻其声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的
B．街道上的噪声监测仪是减弱噪声的专用设备
C．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调会不同
D．课堂上能听到老师讲课声，是由于空气能够传声
【考点】音调、响度与音色的区分；声音的传播条件；防治噪声的途径．
【分析】从声音的特性、防治噪声的途径、声音的传播条件等方面对选项中的内容做出分析与判断即可．
【解答】解：A、不同发声体发出声音的音色不同，“闻其声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的，故A错误；
B、街道上的噪声监测仪可以监测噪声的大小，但是不能减弱噪声，故B错误；
C、用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉的振幅不同，发声的响度会不同，故C错误；
D、课堂上能听到老师讲课声，是通过空气传到我们的耳朵里的，故D正确．
故选D．
2．下列属于弹力的是（）
A．重力 B．磁极间作用力 C．电荷间作用力 D．压力
【考点】弹力．
【分析】相互接触的物体由于发生形变，物体想要恢复原状对与它接触的物体产生的力称为弹力；由弹力的定义可判断．
【解答】解：A、重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，不属于弹力，不合题意；
B、磁极间作用力属于磁力，不属于弹力，不合题意；
C、电荷间作用力不符合弹力的定义特点，不合题意；
D、压力是由于物体发生了形变而产生的指向接触面的力，属于弹力，符合题意．
故选D．
3．下列现象中属于液化的是（）
A．放在衣柜里的樟脑丸越来越小
B．加在饮料中的冰块不见了
C．撒在地上的水一会儿没有了
D．烧水时，壶嘴喷出的“白气”
【考点】液化及液化现象．
【分析】解决此题的关键是知道物态变化的名称，物质从固态直接变为气态的过程是升华，物质从液态变成气态称为汽化，物质从气态变成液态称为液化，物质从固态变成液态的现象称为熔化．
【解答】解：A、樟脑丸由固态直接变成气态，属于升华现象；故A错误；
B、加在饮料中的冰块由固态变为液态，属于熔化现象；故B错误；
C、撒在地上的水变成水蒸气，发生的是汽化现象，故C错误；
D、烧水时，壶嘴冒出的温度较高的水蒸气遇冷会发生液化现象形成小水珠，出现“白气”，故D正确．
故选D．
4．关于安全用电，下列说法正确的是（）
A．开关安装在电灯与零线之间
B．打雷下雨时站在大树下避雨
C．使用三角插头是为了防止触电
D．使用测电笔时手不能接触笔尾金属体
【考点】安全用电原则．
【分析】①控制电路的开关要接在用电器与火线之间；
②当雷雨天，人如果在大树下避雨，雷电电流通过大树就会传下来．在传下来的过程中电弧放电打在人的头上，又通过人体一直传到地下去，而这样就造成了雷电灾害；
③三孔插座的接地线一定要接入地下，以防外壳带电危及人身安全；
④使用测电笔时，笔尖接触导线，手接触笔尾金属体，当接触火线时氖管会发光．
【解答】解：
A、控制电灯的开关安装在火线与灯之间，防止维修或更换电灯时发生触电事故．此选项错误；
B、雷雨天，人如果在大树下避雨，可能造成雷击．此选项错误；
C、大功率及有金属外壳的用电器，必须使用三角插头和对应的三孔插座，接好地线，以防外壳带电危及人身安全．此选项正确；
D、使用测电笔时，人手不能接触笔尖，但必须接触笔尾金属体．此选项错误．
故选C．
5．对下列常见现象的分析，合理的是（）
A．摩擦生热，是通过做功的方式改变内能
B．围火取暖，是通过做功的方式改变内能
C．雾霾弥漫，是因为分子在不停地运动
D．雪花纷飞，是因为分子之间有排斥力作用
【考点】做功改变物体内能；分子的运动．
【分析】（1）改变内能的方式有两种，即做功和热传递；
（2）据分子运动轮可知，分子很小，肉眼不能直接看到，且分子是在永不停息的运动的，且分子间存在着作用力．
【解答】解：A、摩擦生热，即克服摩擦力做功产生内能，故是通过做功改变内能，故正确；
B、围火取暖，是通过热传递的方式改变内能，故错误；
C、雾霾弥漫中的雾霾不是分子，故不能说明分子是运动的，故错误；
D、雪花纷飞中的雪花不是分子，不能说明分子之间有排斥力作用，故错误；
故选A．
6．甲、乙、丙三个轻质小球，甲球排斥乙球，乙球吸引丙球，下列说法正确的是（）
A．甲、乙两球一定带异种电荷 B．甲、乙两球一定带同种电荷
C．乙、丙两球一定带异种电荷 D．乙、丙两球一定带同种电荷
【考点】电荷间的相互作用规律．
【分析】根据带电体的性质和电荷间的作用规律可知：两个物体相互吸引，有三种带电情况：一个带正电，一个带负电；一个带正电，一个不带电；一个带负电，一个不带电；两个物体相互排斥，则都带同种电荷．由此入手分析即可确定甲乙丙三者的带电情况．
【解答】解：
（1）甲球排斥乙球，则甲、乙带同种电荷，故A错误，B正确；
（2）乙球吸引丙球，丙有可能带异种电荷，也有可能不带电，故CD错误．
故选B．
7．POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头，如图所示．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检热头的线圈中就会产生变化的电流．POS机便可读出磁条上的信息．下图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（）
A．
B．
C．
D．
【考点】电磁感应．
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象；
在选项中找出探究电磁感应的对应图即可
【解答】解：POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象
A、如图反映电流周围存在着磁场，故A错误．
B、如图电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动．故B错误．
C、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应选项．故C正确．
D、如图电路中有电源，是通电线圈在磁场中受力运动，故D错误．
故选：C．
8．如图所示，电梯内一弹簧下挂一物块，当整个电梯突然向上作加速运动时，下列说法正确的是（）
A．物块速度变大时其惯性增大
B．弹簧对物块的拉力等于物块的重力
C．弹簧对物块的拉力等于物块对弹簧的拉力
D．弹簧伸长了，弹性势能不变
【考点】惯性；力与运动的关系；动能和势能的大小变化．
【分析】（1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大．
（2）处于平衡状态的物体才受到平衡力的作用；
（3）力的作用是相互的；
（4）影响弹性势能的因素有弹性形变的大小，在弹性限度内，弹性形变越大，物体具有的弹性势能越大．
【解答】解：A、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体运动速度等都没有关系．故A错误；
B、当整个电梯突然向上作加速运动时，弹簧对物块的拉力大于物块的重力．故B错误；
C、弹簧对物块的拉力和物块对弹簧的拉力是一对相互作用力，大小相等．故C正确；
D、弹簧伸长了，弹性势能增大．故D错误．
故选C．
9．在水平桌面上有一个盛有水的容器，木块用细线系住没入水中，如图甲所示．将细线剪断，木块最终漂浮在水面上，且
的体积露出水面，如图乙所示．下列说法正确的是（）
A．甲、乙两图中，木块受到水的浮力之比是 5：2
B．甲、乙两图中，水对容器底部的压强大小相等
C．甲图中细线对木块的拉力与木块受到的浮力之比是 2：5
D．甲图中容器对水平桌面的压力小于乙图中容器对水平桌面的压力
【考点】浮力大小的计算；液体的压强的计算．
【分析】A、根据F浮=ρ液gV排判断浮力的关系；
B、根据p=ρ液gh判断水对容器底部的压强关系；
C、根据浮力、拉力、重力的关系判断拉力的大小；
D、以整体为研究对象进行分析．
【解答】解：A、甲图中，F浮甲=ρ水gV，乙图中，F浮=ρ水g（1﹣）V=
ρ水gV，
则F浮甲：F浮乙=
=5：3，故A错误；
B、由题意知，甲图水的深度大于乙图水的深度，由于p=ρ水gh得，甲图水对容器底的压强更大，B错误；
C、由乙图知，木块的重力G=F浮乙=
ρ水gV；甲图中，木块受重力、浮力和细绳的拉力作用，则F=F浮甲﹣G=ρ水gV﹣ρ水gV=
ρ水gV；F：F浮甲=ρ水gV：ρ水gV=2：5，故C正确；
D、以整体为研究对象，甲、乙对桌面的压力都等于容器、水和木块的总重力，D错误．
故选C．
10．小夏将n个“3V 0.3W”的小灯泡，按照甲、乙两种连接方式分别接入电压为U的电路中（如图所示），通过分别调节滑动变阻器R1和R2，使所有灯泡均正常发光．则甲、乙两电路中的总电流与总功率的关系正确的是（）
A．I甲=I乙 B．I甲=
I乙 C．P甲=nP乙 D．P甲=n2P乙
【考点】电功率与电压、电流的关系．
【分析】n盏完全相同的灯泡，正常发光时的电流相等，根据串并联电路的电流特点求出甲乙电路的电流，再根据P=UI求出两者的总功率关系．
【解答】解：n盏完全相同的灯泡，正常发光时的电流相等，都为I=
=
=0.1A，若将他们并联，则电路中的电流I甲=0.1A×n=n0.1A，若将他们串联，串联电路中电流处处相等，则电流中的电流I乙=0.1A，所以I甲=nI乙，
电路中的总功率P甲=UI甲=U×n0.1A，P乙=UI乙=U×0.1A，
故P甲=nP乙．
故ABD错误，C正确．
故选C．
二、填空题（每空1分，共30分）
11．电视机的遥控器能发射一种不可见光．即 红外线 ，以实现对电视的控制．如果不把遥控器对着电视机的控制窗口，而是对着墙壁调整角度也可以控制电视机．这利用了光的 反射 ．彩色电视画面上的色彩是由红、 绿 、蓝三种色光混合而成．
【考点】红外线；光的反射；色光的三原色和颜料的三原色．
【分析】红外线的热作用很强，可以制成热谱仪、夜视仪、电视遥控器，可见光和不可见光都遵循光的反射定律；光的三原色：红、绿、蓝．
【解答】解：电视遥控器前端的发光二极管，能发出不同的红外线来实现电视遥控，红外线是看不见的光；
红外线以光波的性质直线传播，并且可以发生反射，有时遥控器并没有对准电视机的控制窗口，而是沿某一合适的方向对准墙壁按下按钮，也可以控制电视机，这是利用了光的反射；
彩色电视机画面上的颜色是由光的三原色红、绿、蓝三种色光混合而成．
故答案为：红外线；反射；绿．
12．极限跳伞是一项惊险的体育运动，如图，跳伞员从3600m的高空跳下，一段时间后打开降落伞，开始做减速运动，下落过程中，其重力势能将 减小 （选填“增大”、“减少”或“不变”）．减速下降时，跳伞员及降落伞所受的阻力 大于 （选填“大于”、“等于”、“小于”）他们的重力．若跳伞员看到地面“迎面扑来”，则他是以 自身 为参照物的，若从跳下到落地用时200s，则其下落的平均速度为 18 m/s．
【考点】动能和势能的大小变化；参照物及其选择；变速运动与平均速度．
【分析】（1）重力势能大小的影响因素：质量、高度．
（2）对于运动的物体来说：当阻力小于动力时，物体做加速运动，若阻力等于动力时，物体做匀速运动；当阻力大于动力时，物体做减速运动．
（3）判断物体是运动还是静止，即看该物体相对于参照物的位置是否发生变化即可；
（4）据速度的公式计算即可．
【解答】解：跳伞员从3600m的高空跳下，一段时间后打开降落伞，开始做减速运动，下落过程中，其质量不变，高度减小，故重力势能将减小；
减速下降时，即说明向上的力大于向下的力，故跳伞员及降落伞所受的阻力大于自身的重力；
若跳伞员看到地面“迎面扑来”，则他是以自己为参照物的；
此时运动时间是200s，故速度是：v=
=
=18m/s；
故答案为：减少；大于；自身；18．
13．经测定，某志愿者的刹车反应时间（即图 中“反应过程”所用时间）是0.4s．在某次试验中，该志愿者驾车以90km/h的速度在实验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离35m，则经过 10 m距离后汽车才开始减速；若志愿者边打电话边驾车，以90km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，在发现情况到汽车停止，行驶距离40m，此时志愿者的刹车反应时间是 0.6 s．由此研究可知，驾驶员驾驶时打电话，驾驶员的刹车反应会 变慢 ．（选填“变快”、“变慢”或“不变”）
【考点】速度公式及其应用．
【分析】（1）据题目中的反应时间和汽车的运动速度，利用速度公式计算即可；
（2）据题目中的信息可以计算出汽车刹车的距离，进而计算出汽车司机在反应前运动的距离，再利用速度公式可以计算出司机的反应时间，从而得出打电话时，驾驶员刹车反应是变快还是变慢．
【解答】解：（1）反应时间是0.4s，此时的速度是90km/h，即25m/s，
所以此时运动的距离是：s=vt=25m/s×0.4s=10m，
故从发现情况到汽车停止，行驶距离35m，则经过10距离后汽车才开始减速；
（2）据（1）可知，汽车的司机反应后的距离是s=35m﹣10m=25m，故当司机打电话时，从发现情况到汽车停止，行驶距离40m，即汽车司机从发现情况到刹车运动的距离是s1=40m﹣25m=15m，故据v=
得，志愿者的刹车反应时间t=
=
=0.6s；
故驾驶员驾驶时打电话，驾驶员的刹车反应会变慢．
故答案为：10；0.6；变慢．
14．太阳能是在太阳内部，氢原子核发生 聚变 （选填“裂变”或“聚变”），释放出的核能．太阳能属于 可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源．某太阳能热水器能使100kg的水温度由室温升高50℃，那么这些水吸收的热量为 2.1×107 J，这些热量相当于完全燃烧 0.5 m3天然气所放出的热量[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃） 天然气的热值4.2×107J/m3]．
【考点】太阳能；热量的计算．
【分析】（1）太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能；
（2）由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
（3）知道水的质量、温度升高值，根据吸热公式计算水吸收的热量；
（4）由题意可知，Q放=Q吸，利用Q放=mq计算这些热量相当于完全燃烧多少天然气放出的热量．
【解答】解：
（1）在太阳内部，之所以能发光发热，实质相当于无数个的氢弹爆炸而造成的，即氢原子核在超高温下发生聚变释放核能；
（2）太阳能可从自然界不断获得，属可再生能源；
（3）水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×100kg×50℃=2.1×107J．
（4）因为Q吸=Q放=Vq，
所以需要的天然气的体积：V=
=
=0.5m3．
故答案为：聚变；可再生；2.1×107；0.5．
15．如图所示，斜面长1m，高0.4m，用大小为5N沿斜面向上的拉力F，将重10N的铁块从底端匀速拉到顶端，斜面的机械效率为 80% ；若仅使倾角θ逐渐增大，沿斜面向上的拉力将逐渐 增大 （选填“增大”、“不变”或“减小”），此斜面的机械效率将逐渐 增大 （选填“增大”、“不变”或“减小”）．
【考点】斜面的机械效率．
【分析】（1）根据η=
=
求出斜面的机械效率；
（2）使用斜面时，高度不变的情况下，斜面越长越省力，斜面越陡越费力；
（3）斜面越陡，斜面机械效率越大．
【解答】解：（1）斜面的机械效率：
η=
×100%=×100%=
×100%=80%；
（2）若仅使倾角θ逐渐增大，沿斜面向上的拉力将逐渐增大；
（3）其他条件不变，斜面的倾斜程度越大，机械效率越高．
故答案为：80%；增大；增大．
16．按照我国登月计划，2017年“嫦娥五号”的载着月球土壤回归地球，地面科技人员对“嫦娥五号”的控制是靠 电磁波 （选填“电磁波”或“声呐”）来传递数据信息的．“嫦娥五号”返回舱穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦，将 机械 能转化为内能．为避免飞船因高温而损坏，其外壳涂有的烧蚀材料在升温后，可迅速 升华 （填物态变化名称）成气体，并 吸收 大量的热．（填“吸收”、“放出”）
【考点】电磁波的传播；熔化与熔化吸热特点；做功改变物体内能．
【分析】（1）电磁波可以传递信息，飞船在太空中是通过电磁波传播信息的；
（2）要知道做功可以改变物体的内能，物体在熔化和升华过程都需要吸收热量，依据选项进行分析即可．
【解答】解：地面科技人员对“嫦娥五号”的控制是靠电磁波来传递数据信息的；
“嫦娥五号”飞船穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦，通过做功将机械能转化为飞船的内能，温度升高；
外壳涂有的烧蚀材料在升温后，可迅速升华成气体，并吸收大量的热，保护了飞船．
故答案为：电磁波；机械；升华；吸收．
17．在自由下落过程中，物体运动速度会越来越快，一个物体由A点自由下落，相继经过B、C两点，已知AB=BC．如图所示，物体在AB段重力做功W1，做功功率P1；在BC段重力做功W2，做功功率P2，则W1 = W2，P1 ＜ P2（两空均选填“＞”、“＜”或“=”）．
【考点】功的大小比较；功率大小的比较．
【分析】已知AB=BC，根据W=Gh可知这两段物体做的功相等；因小球在自由下落时做加速下落运动，所以根据速度公式可知经过相同路程的时间关系，再根据功率公式得出它们的功率关系．
【解答】解：
由题AB=BC，
根据W=Gh可知，物体在AB段和BC段做的功相等，即W1=W2；
由于小球在自由下落时做加速运动，
由v=
可得，t=
可知，小球在BC段运动的时间短，
根据公式P=
可知，物体在AB段重力做功功率小于BC段重力做功功率，即P1＜P2．
故答案为：=；＜．
18．在如图所示的电路中，电源电压为6V，R1=4Ω，只闭合开关S1后，电压表的示数为4V，则电流表的示数为 1 A，电阻R2的阻值为 2 Ω．若同时闭合开关S1、S2，则电流表的示数 变大 ，电压表的示数 变大 （均选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】分析清楚电路结构，应用串联电路特点与欧姆定律求出电流表示数与电阻阻值；
分析清楚电路结构，根据电路结构的变化应用欧姆定律分析电压表与电流表示数如何变化．
【解答】解：由图示电路图可知，只闭合S1，两电阻串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路电流，
电路电流：I=
=
1A，
由I=
可知电阻R2的阻值：R2=
=
=
=2Ω；
哟哟图示电路图可知，两开关都闭合时，电阻被R2短路，只有电阻R1接入电路，
电压表测电源电压，电压表示数变大，电源电压不变，电路总电阻减小，
由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大．
故答案为：1；2；变大；变大．
19．某电压力锅额定电压为220V，加热功率为1100W，保温功率为100W．
（1）在使用电压力锅时，应选用 三 孔插座，其在加热状态下发热体的电阻为 44 Ω，
（2）压力锅易将食物煮熟的原因是通过增大锅内气压使水的沸点 升高 ．
（3）若家中仅使用压力锅正常工作0.5h，标有“1200imp/kW•h”的电能表指示灯闪500次，则加热、保温时间之比为 11：4 ．
【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法．
【分析】（1）三孔插座比两孔插座中多出的一个孔是用来接地线的，目的就是为了防止触电；由P=
计算加热状态下发热体的电阻；
（2）液体沸点与气压的关系：气压越大、沸点越高，高压锅就是根据这个原理制成；
（3）根据电能表闪烁的次数求出用电器消耗的电能；再根据P=分别求得加热、保温时间即可．
【解答】解：
（1）为了防止电热安全压力锅的金属外壳因漏电而发生触电事故，故使用比两孔插座中多出的一个接地孔的三孔插座；
由P=可得，加热状态下发热体的电阻：
R=
=
=44Ω；
（2）电压力锅是通过增大锅内的气压而使水的沸点升高，容易将食物煮熟；
（3）由表盘参数可知，电路消耗1kW•h电能，指示灯闪烁1200次，
工作指示灯闪烁了500次消耗的电能：W=
×500imp=
kW•h=1.5×106J，
设加热时间为t1，则保温时间为t2=1800s﹣t1，
由P=可得，P加热t1+P保温=1.5×106J，
即1100W×t1+100W=1.5×106J，
解得t1=1320s，
则t2=480s，
加热、保温时间之比：
=
=
．
故答案为：（1）三；44；（2）升高；11：4．
三、作图题（本题包括3小题、每题2分、共6分）
20．如图，小球悬挂在弹簧下端处于静止，请画出小球所受力的示意图．
【考点】力的示意图．
【分析】小球处于平衡状态，一定受力平衡，受到重力和弹簧的拉力，重力的作用点在重心上，方向竖直向下，拉力的作用点在重心上，方向竖直向上．
【解答】解：小球受重力和拉力，重力竖直向下画，标上符号G，拉力竖直向上画，作用点在弹簧与小球的接触点，标出符号F，注意两个力长度相等，如图：
21．图中的OA是光从空气斜射到水面，经水面反射的一条光线，请作出它对应的入射光线和入射光线对应的折射光线．
【考点】作光的反射光路图；作光的折射光路图．
【分析】根据反射定律完成反射光线，即入射光线和反射光线分居法线的两侧，入射角等于反射角，画出入射光线；然后根据折射定律完成折射光线，即光从水中斜射入空气时，折射光线和入射光线分居法线两侧，折射角大于入射角；光从其他介质斜射入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角．
【解答】解：过反射点垂直于水面作出法线，根据反射角等于入射角，画出入射光线，再由折射定律作出折射光线，使折射角小于入射角．如下图所示：
22．根据小磁针静止时的指向，在图中标出螺线管的北极和电源的正极．
【考点】通电螺线管的磁场．
【分析】由小磁针的N极指向可知小磁针所在位置的磁感线方向，则由磁感线的特点可知螺线管的磁极，则由右手螺旋定则可得出电流方向及电源的正负极．
【解答】解：小磁针N极向右，则所在处磁感线向右，因电磁铁的外部磁感线由N极指向S极，故说明左侧为S极，右侧为N极；
由右手螺旋定则可知电流由右侧流入，则电源右侧为正极．
答案如图所示：
四、实验与探究题（本题共3个小题，第23题5分，第24题4分，第25小题5分，共14分．）
23．某同学利用图示装置来研究凸透镜成像
（1）实验中，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心在 同一高度 ；
（2）如图1所示，当凸透镜位于光具座上A处时，恰好在光屏上成清晰的像，成的是 倒立 （选填“正立”或“倒立”）的像．
（3）在保持（2）中蜡烛和光屏位置不变的情况下，将凸透镜向右移到B处（图中未标出）．光屏上再次成清晰的像，成的是 缩小 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的像：
（4）在上述探究括动中，若已知蜡烛与光屏间的距离为L0，与凸透镜第一次所在位置A间的距离为L，如图2所示．则该透镜焦距f ＜ L（选填“＞”、“＜”或“=”）．透镜先后两次所在位置A、B之间的距离s= L0﹣2L （用/L0、L表示）．
【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．
【分析】（1）要使像成在光屏中央，应该调节三者中心在同一高度；
（2）当物距小于像距成实像时，应成倒立放大的实像；
（3）当物距大于像距成实像时，应该成倒立缩小实像；
（4）对比（2）（3）成像条件，结合烛焰和光屏之间距离不变，分析解答．
【解答】解：（1）实验前，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度，目的是将像呈现在光屏中央；
（2）如图1所示，当凸透镜位于光具座上A处时，恰好在光屏上成清晰的像，由图可知此时物距小于像距，即物距在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立放大实像；
（3）在保持（2）中蜡烛和光屏位置不变的情况下，将凸透镜向右移到B处（图中未标出），相当于增大物距，减小像距，当光屏上再次成清晰的像时，此时应该物距大于二倍焦距，则所成像应该为倒立缩小的实像；
（4）在上述探究活动中，若已知蜡烛与光屏间的距离为L0，与凸透镜第一次所在位置A间的距离为L，成倒立放大实像条件是f＜U＜2f，如图2所示，则该透镜焦距f＜L；当凸透镜移至B位置时，因为在光屛上出现清晰的像，根据光的可逆性原理，可以假设蜡烛在光屛位置时，像应成在原蜡烛位置，因此，光屏到透镜位置B的距离应为L，故透镜先后两次所在位置A、B之间的距离s=L0﹣2L；
故答案为：（1）同一高度；（2）倒立；上；（3）缩小；（4）＜；L0﹣2L．
24．在“探究二力平衡条件”的活动中，主要是通过探究力对物体的作用效果来实现探究目的．
（1）如图，甲装置是探究二力平衡条件的一种方法，实验中通过改变砝码的 质量 来探究二力大小的关系；通过扭转小车松手后观察小车的状态，来探究二力是否 在同一条直线上 ．
（2）小明发现用图甲装置无法完成全部探究过程，又设计了图乙所示的装置．在卡片平衡时，用剪刀将卡片从中间剪开，并观察随之发生的现象，由此可以得到二力平衡的又一个条件 作用在同一物体上 ．把硬纸板支撑起来，不再与桌面接触的目的是 减小摩擦对实验的影响 ．
【考点】二力平衡条件的应用．
【分析】（1）实验时用一个小车，通过两个滑轮和下方挂着的钩码对小车施加两个相反方向的拉力；
不在同一条直线上，小车不能处于静止状态，要发生转动，可以探究二力平衡二力是否必须作用在同一条直线上；
（2）卡片平衡时，用剪刀将卡片从中间剪开，两个力不再作用在同一物体上；
把硬纸板支撑起来，不再与桌面接触，硬纸板与桌面间就不存在摩擦力了．
【解答】解：
（1）甲装置实验中通过改变砝码质量来改变对小车拉力的大小，所以可探究二力平衡与二力大小的关系；
保持两边力相等，用手将小车扭转一个角度后松手，小车不能处于静止状态，要发生转动，可以探究二力平衡二力是否必须作用在同一条直线上；
（2）当小卡片平衡时，用剪刀沿虚线迅速剪断小卡片，由于二力不在同一物体上，所以两侧钩码落下，说明二力平衡的又一个条件是两个力必须在同一物体上；
把硬纸板支撑起来，不再与桌面接触，硬纸板与桌面间就不存在摩擦力，即减小了摩擦力对实验的影响．
故答案为：（1）质量；在同一条直线上；（2）作用在同一物体上；减小摩擦对实验的影响．
25．小芳到实验室做“测量小灯泡额定功率”的实验时，老师只给她提供了如下器材：标有“2.5V”的小灯泡、电源、滑动变阻器、开关、两个电压表（没有电流表）、阻值为10Ω的定值电阻R0、导线若干．她根据所给定的器材经过认真思考后设计了正确的实验电路，如图甲是该电路的不完整电路图．
（1）请你将甲电路图补充完整．
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器调至阻值 最大 的位置．
（3）闭合开关后，为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，使电压表V1的示数为 2.5 V，此时电压表V2的示数如图乙所示，是 2.4 V．
（4）小灯泡的额定功率为 0.6 W．
【考点】电功率的测量．
【分析】（1）根据实验原理R=
可知，在没有电流表的情况下，利用电压表和定值电阻代替电流表的作用，采用分压电路，据此分析解答；
（2）闭合开关前滑片滑到阻值最大处；
（3）要测量小灯泡的额定功率，电压要调到额定电压；看清量程和分度值读出示数；
（4）利用欧姆定律算出电路中的电流，结合串联电流相等特点得到灯中的电流，利用P=UI求出电功率．
【解答】解：
（1）根据实验原理：R=可知，在没有电流表的情况下，利用电压表和定值电阻代替电流表的作用，采用分压电路，电压表V2并联在定值电阻两端，由R0上电流得到L电流，电路如图所示：
（2）为了保护电路，闭合开关前滑片滑到阻值最大处；
（3）因为小灯泡的额定电压为2.5V，闭合开关后，为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，使电压表V1的示数为2.5V，
电压表V2量程为0～3V，分度值为0.1V，此时示数为U2=2.4V；
此时电路中的电流为：I=IL=I0=
=
=0.24A；
（4）小灯泡的额定电功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.24A=0.6W．
故答案为：（1）见上图；（2）最大；（3）2.5；2.4；（4）0.6．
五、计算题（本题有2个小题，每题5分，共10分．解题要有计算过程和必要的文字说明，只给出结果不得分）
26．水平地面上放置有甲乙两个完全相同的质量均为200g的圆柱形容器，容器的底面积均为50cm2，甲中装有深为10cm的水，乙中装有深为12cm的酒精，（已知ρ水=1.0×103kg/m3；ρ酒精=0.8×103kg/m3，g=10N/kg）求：
（1）水对容器底的压强．
（2）容器乙对地面的压强．
（3）从容器中分别抽出高度相同的液体后，剩余液体对容器底的压强相等，则抽出的液体高度是多少？
【考点】压强的大小及其计算；液体的压强的计算．
【分析】（1）由液体压强公式求出水对容器的压强．
（2）由密度公式求出酒精的质量，然后求出容器对地面的压强．
（3）由液体压强公式求出液体对容器底的压强，热能和求出抽出液体的高度．
【解答】解：（1）水对容器底的压强：p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000pa；
（2）由ρ=
可知，酒精的质量：m酒精=ρ酒精V酒精=0.8×103kg/m3×0.0050cm2×0.12m=0.48kg，
乙对桌面的压强：p=
=
=
=1360Pa；
（3）设抽出液体的高度为：h，水与酒精的压强相等：ρ水g（h水﹣h）=ρ酒精g（h酒精﹣h），
即：1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.1m﹣h）=0.8×103kg/m3×10N/kg×（0.12m﹣h），
解得：h=0.02m=2cm；
答：（1）水对容器底的压强1000Pa．
（2）容器乙对地面的压强1360Pa．
（3）抽出的液体高度是2cm．
27．如图所示，灯L标有“6V 3.6W”字样，电源电压保持不变，闭合开关S，电流表示数为0.1A，灯实际功率为0.9W（灯丝电阻不随温度变化）．求：
（1）定值电阻R0的阻值；
（2）电路的总功率；
（3）通电1min灯L消耗的电能．
【考点】欧姆定律的应用；电功的计算；电功率的计算．
【分析】由电路图可知，灯泡L与电阻R0并联，电流表测R0支路的电流．
（1）根据灯泡的额定电压和额定功率，根据P=
求出灯泡电阻，根据P=求出灯泡两端的实际电压，根据欧姆定律求出定值电阻R0；
（2）根据并联电路的电流特点求出干路电流，根据P=UI求出电路消耗的总功率；
（3）根据W=Pt求出灯L消耗的电能．
【解答】解：由电路图可知，灯泡L与电阻R0并联，电流表测R0支路的电流．
（1）灯泡额定电压U额=6V，额定功率P额=3.6W，
根据P=可得灯泡电阻RL=
=
=10Ω；
则根据P=
可得灯泡两端的实际电压U实=
=
=3V；
因并联电路中各支路两端的电压相等，
根据欧姆定律得：定值电阻R0=
=
=30Ω；
（2）实际通过灯泡的电流为IL=
=
=0.3A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：
I=IL+IR=0.3A+0.1A=0.4A，
电路消耗的总功率：
P=UI=3V×0.4A=1.2W；
（3）灯L消耗的电能W=P实t=0.9W×60s=54J．
答：（1）定值电阻R0的阻值为30Ω；
（2）电路的总功率为1.2W；
（3）通电1min灯L消耗的电能为54J．
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