2017荆门市中考物理试题【解析版含答案】

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2017年湖北省荆门市中考物理试卷

一、（2017荆门物理）选择题

1．张华听到楼下的李明大声喊他去踢球，对此分析正确的是（　　）

A．张华能听到楼下的喊声，说明声音可以在空气中传播

B．李明的喊声越大，他声音的音调越高

C．李明的喊声越大，他声音传播的速度越快

D．张华根据喊声的音调判断出是李明

2．泡茶时茶香四溢，下列说法正确的是（　　）

A．茶香四溢是扩散现象，说明分子间有力的作用

B．泡茶的水温度越高，分子热运动越剧烈

C．茶水冷却过程中，茶水的内能不断增加

D．茶水冷却过程中，茶水的内能是通过做功的方式改变的

3．英国物理学家牛顿1666年观察到了光的色散现象，下列光现象与光的色散成因相同的是（　　）

4．跳台滑雪包含很多科学知识，下列有关说法正确的是（　　）

A．人离开跳台前双脚蹬地，地对人的力大于人蹬地的力

B．人在空中滑翔，加速下降过程中，人受力平衡

C．人在空中滑翔、加速下降过程中，重力对人没有做功

D．滑雪板面积较大，对雪地的压强较小，不容易陷进雪地

5．（2017荆门物理）如图所示，未装满水的密闭小瓶上有一根两端开口的竖直细玻璃管，玻璃管内水柱高于瓶内水面，现用一根饮料吸管水平靠在玻璃管的上端吹气，下列分析正确的是（　　）

A．吹气前，瓶内气体压强小于瓶外大气压强

B．吹气前，瓶内气体压强等于瓶外大气压强

C．吹气时，玻璃管中水柱升高

D．吹气时，玻璃管中水柱降低

6．一辆汽车在平直的公路上做直线运动，其v﹣t图象如图所示，汽车在第10s时已行驶了150m，速度达到了20m/s，随后匀速前进，若汽车在行驶过程中所受阻力大小始终为2000N，以下说法正确的是（　　）

A．在0﹣20s内汽车的平均速度为15m/s

B．在0﹣10s内汽车的牵引力大小恒为2000N

C．在10﹣20s内汽车牵引力做的功为4×105J

D．在10﹣20s内汽车牵引力做功的功率为4×105W

7．（2017荆门物理）关于能源、信息和材料，下列说法正确的是（　　）

A．太阳能是不可再生能源

B．当前核电站利用可控核裂变发电

C．LED灯的核心元件发光二极管由超导材料制成

D．WiFi技术是一种无线网络传输技术，它通过超声波传递信息

8．下列关于家庭电路和生活用电的说法错误的是（　　）

A．控制客厅吊灯的开关和吊灯之间是串联的

B．测电笔可以用来辨别火线与零线

C．可以在高压输电塔下放风筝

D．家庭电路中用电器短路时通过总开关的电流增大

9．中国高铁采用绿色环保的制动方式，到站前电网自动停止对列车电动机供电，电动机线圈仍要转动，此时电动机变为发电机发电，这个过程车速从300km/h减到90km/h；在车速小于90km/h后再进行机械刹车，下列说法正确的是（　　）

A．电动机根据电磁感应原理工作

B．发电机根据电流的磁效应工作

C．减速发电过程中，电能转化为列车的机械能

D．列车机械刹车过程中有机械能转化为内能

10．（2017荆门物理）图甲是某同学设计的调光灯电路，图中小灯泡的额定电压为3V，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端的过程中，测得小灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示，下列说法中错误的是（　　）

A．电源电压为3V

B．小灯泡正常发光时的电阻为10Ω

C．小灯泡实际功率越大，灯丝电阻越大

D．小灯泡的最小功率为0.1W

二、（2017荆门物理）非选择题

11．我们的生活离不开信息的传递，如手机之间主要靠　   　来传递信息；医院检查身体所用的B超利用了　   　传递信息（以上两空均选填“超声波”和“电磁波”）；验钞机利用　   　使钞票上的荧光标记发光来验钞．

12．2017年4月，中国首艘国产航母001A号成功出坞下水．航母出坞前向船坞注水，船坞内水位逐渐上升，在航母浮起之前，航母底部受到水的压强逐渐　   　（选填“增大”或“减小”）；当航母在船坞中浮起后，其受到的浮力　   　（选填“大于”、“等于”或“小于”）它受到的重力；航母离开船坞驶向大海过程中，以航母为参照物，船坞是　   　（选填“静止”或“运动”）的．

13．（4分）吊车应用了许多物理知识，如轮胎上有很多花纹，是为了　   　；吊起货物过程中，支撑臂和起重臂共同构成一个　   　（选填“省力”或“费力”）杠杆；吊车在行驶过程中驾驶员要系好安全带，主要是为了防止　   　带来的危害；用水作为发动机的冷却液，是因为水具有较大的　   　．

14．（2017荆门物理）（5分）图甲是用与焊接塑料水管的热熔器，其电路如图乙所示，加热电阻R1=66Ω、R2=176Ω，S1是手动控制开关，S2是可随温度自动跳转的温控开关，R0是特殊限流电阻，热熔器加热时R0的电阻较大，LED指示灯发红光，保温时R0的电阻较小，LED指示灯发绿光，已知LED灯发光时两端电压保持不变．

（1）开关S1和S2都闭合时，热熔器处于　   　（选填“加热”或“保温”）状态；

（2）开关S1闭合，S2断开时，R1的功率　   　R2的功率（选填“大于”、“等于”或“小于”）；

（3）发红光时LED灯的电流　   　发绿光时LED灯的电流（选填“大于”、“等于”或“小于”）；

（4）保温状态时加热电路的电功率为　   　W．

15．（4分）小明利用光具座、两个凸透镜（焦距分别为10cm、20cm）、光屏、蜡烛、火柴等器材探究凸透镜成像规律．

（1）实验中将其中一个凸透镜放在光具座上，当蜡烛、透镜及光屏的位置如图所示时，恰能在光屏上得到清晰的像，则他选择的焦距为　   　cm的凸透镜；

（2）保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜移向蜡烛，光屏上会再次出现清晰的倒立、　   　的实像；

（3）实验过程中，燃烧的蜡烛变短，导致光屏上烛焰的像像　   　（选填“上”或“下”）移动，可将凸透镜的高度调　   　（选填“高”或“低”），使像呈现在光屏的中央．

16．（2017荆门物理）（4分）用如图所示装置做“探究水沸腾时温度变化的特点”实验．

（1）由表格中 数据可知，本次实验应选用测温物质为　   　的温度计；

（2）水沸腾时，烧杯上方会出现大量“白气”，“白气”和　   　（从“冰”、“霜”、“露”、“雪”自然现象中选填）的形成过程中发生了相同的物态变化；

（2）若要将烧杯中100g的水加热升温50℃，则至少要消耗　   　g酒精，已知实验中酒精完全燃烧释放的热量有50%被水吸收，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），酒精的热值为3.0×107J/kg．

17．（5分）小熙同学利用下列器材：天平（无砝码）、两只完全相同的小烧杯、量筒、水、滴管、细线完成了小石块密度的测量．水的密度为1.0×103kg/m3．操作步骤如下：

（1）把天平放在水平桌面上，将　   　移到标尺的零刻度线处，调节平衡螺母，使天平平衡；

（2）先把两只完全相同的小烧杯分别放在天平左右两盘上，再把小石块放入左盘烧杯中；

（3）向量筒中倒入适量的水，液面如图2所示，则量筒中水的体积为　   　cm3；

（4）现将量筒中的水倒一部分至右盘小烧杯中，再利用滴灌来调节量筒与烧杯中水的体积，当天平再次平衡时量筒内剩余水的体积如图3所示，则小石块的质量m石=　   　g；

（5）用细线拴好小石块，慢慢放入量筒中直到完全浸没，液面的示数如图4所示，则小石块的体积V石=　   　cm3，小石块的密度ρ石=　   　kg/m3．

18．（2017荆门物理）（5分）某同学在做“测量小灯泡的电功率”实验时，选取两节干电池作为电源，使用的小灯泡额定电压为2.5V．

（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的电路连接完整；

（2）电路连接完成后，闭合开关，他发现灯泡不发光，电流表示数不为零，电压表示数为零，则该故障可能是由于灯泡　   　（选填“断路”或“短路”）引起的；

（3）故障排除后重新闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，此时灯泡两端电压为　   　V；若要使灯泡正常发光，他应将图甲中滑片P向　   　（选填“A”或“B”）端移动；

（4）移动滑片，使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图丙所示，则灯泡的额定功率是　   　W．

19．（6分）在水平地面上有一装有特殊液体的圆柱形桶，圆桶与地面的接触面积为0.8m2，筒内液体的密度为0.8×103kg/m3，液面飘有一个质量为4×10﹣3kg的塑料浮子，桶内液面上方空气和大气相通，整个桶（含液体、浮子）的总质量为96kg．

（1）求圆桶对地面产生的压强；

（2）求塑料浮子排开液体的体积；

（3）若工人师傅利用如图所示滑轮组将圆桶沿竖直方向匀速提升0.5m，滑轮组的机械效率为80%，求该过程中工人师傅所做的总功．

20．（6分）电阻式传感器被广泛应用与测力、测压、称重，它的核心部分是一只可变电阻，一同学用如图甲所示电路研究某电阻式传感器的特性，图中R0为定值电阻，R为电阻式传感器，当控制其阻值从0变为60Ω，测得传感器消耗的电功率与通过它的电流关系图象如图乙所示，已知电源电压恒定不变．

（1）当通过传感器的电流为0.1A时，传感器的电阻为　   　Ω；

（2）求P1的值；

（3）求R0的阻值．

2017年湖北省荆门市中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题

1．张华听到楼下的李明大声喊他去踢球，对此分析正确的是（　　）

A．张华能听到楼下的喊声，说明声音可以在空气中传播

B．李明的喊声越大，他声音的音调越高

C．李明的喊声越大，他声音传播的速度越快

D．张华根据喊声的音调判断出是李明

【考点】92：声音的传播条件；93：声速；9I：音调、响度与音色的区分．

【专题】12 ：应用题；511：声现象．

【分析】（1）声音的传播需要介质，一切固体、液体、气体都能传播声音；

（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色．音调指声音的高低，由发声体的频率（即振动的快慢）决定；响度指声音的大小，由声源的振幅（即振动的幅度）决定；音色是指声音的品质与特色，与发声体的材料和结构有关；

【解答】解：A、张华能听到楼下的叫喊声，说明声音可以在空气中传播，故A正确；

B、李明的叫喊声很大，说明他的响度大，故B错误；

C、声速的大小与响度无关，故C错误；

D、张华从叫喊声中听出是李明，他是根据声音的音色来判断的，故D错误．

故选A．

【点评】（2017荆门物理）本题考查声现象中的一些基本概念，正确区分声音的音调、响度、和音色是解决此题的关键．属于基础题，难度不大．

2．泡茶时茶香四溢，下列说法正确的是（　　）

A．茶香四溢是扩散现象，说明分子间有力的作用

B．泡茶的水温度越高，分子热运动越剧烈

C．茶水冷却过程中，茶水的内能不断增加

D．茶水冷却过程中，茶水的内能是通过做功的方式改变的

【考点】GW：扩散现象；GA：热传递改变物体内能．

【专题】12 ：应用题；523：分子热运动、内能．

【分析】（1）根据分子动理论的内容回答：物质都是由分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，物体温度越高分子的无规则运动越剧烈；

（2）影响内能大小的因素是质量、温度和状态；

（3）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程．

【解答】（2017荆门物理）解：

A、茶香四溢是因为茶水的香味分子不停地做无规则的运动，扩散到空气中，故A错误；

B、物体温度越高分子的无规则运动越剧烈，所以茶水温度越高，分子的热运动越剧烈，故B正确；

C、茶水在变冷的过程中，放出热量，温度降低，内能不断减少，故C错误；

D、茶水在变冷的过程中，向周围空气放出热量，属于热传递改变物体的内能，故D错误．

故选B．

【点评】本题考查了影响内能大小的因素、改变内能的方法以及分子运动的有关知识，综合性强．

3．英国物理学家牛顿1666年观察到了光的色散现象，下列光现象与光的色散成因相同的是（　　）

【考点】AP：光的色散．

【专题】12 ：应用题；513：光的折射、光的色散．

【分析】产生光的色散现象的原因是白光中包含的不同颜色的光通过三棱镜发生折射时的偏折程度不同；属于光的折射现象．

【解答】（2017荆门物理）解：

A、镜中的人像是由光的反射形成的，故A错误；

BC、月食、桌面苹果的影子是由光的直线传播形成的，故BC错误；

D、被放大镜放大的图案是光经过透镜发生折射形成的，故D正确．

故选D．

【点评】知道白光是有七种单色光组成的，并理解光发生色散的实质是解决该题的关键．

4．跳台滑雪包含很多科学知识，下列有关说法正确的是（　　）

A．人离开跳台前双脚蹬地，地对人的力大于人蹬地的力

B．人在空中滑翔，加速下降过程中，人受力平衡

C．人在空中滑翔、加速下降过程中，重力对人没有做功

D．滑雪板面积较大，对雪地的压强较小，不容易陷进雪地

【考点】6I：力作用的相互性；6U：力与运动的关系；85：减小压强的方法及其应用；EA：力是否做功的判断．

【专题】12 ：应用题；572：运动和力；581：压强、液体的压强；592：功、功率、机械效率．

【分析】（1）物体间力的作用是相互的；

（2）物体处于平衡状态时，水处于静止或匀速直线运动状态；

（3）根据做功的条件分析；

（4）根据影响压力作用效果的因素分析．

【解答】解：

A、人离开跳台前双脚蹬地，地对人的力和人蹬地的力是一对相互作用力，大小相等，故A错误；

B、人加速下降过程中，运动状态发生了变化，不是平衡状态，故B错误；

C、人在空中滑翔、加速下降过程中，在重力的方向上通过了距离，所以重力对人做功，故C错误；

D、滑雪板面积较大，这是通过增大受力面积，来减小对雪地的压强，故D正确．

故选D．

【点评】本题考查了力的相互性、平衡状态的判断、做功的判断、影响压力的作用效果等知识点，是一道基础题．

5．（2017荆门物理）如图所示，未装满水的密闭小瓶上有一根两端开口的竖直细玻璃管，玻璃管内水柱高于瓶内水面，现用一根饮料吸管水平靠在玻璃管的上端吹气，下列分析正确的是（　　）

A．吹气前，瓶内气体压强小于瓶外大气压强

B．吹气前，瓶内气体压强等于瓶外大气压强

C．吹气时，玻璃管中水柱升高

D．吹气时，玻璃管中水柱降低

【考点】8K：流体压强与流速的关系．

【专题】12 ：应用题；34 ：比较思想；582：气体的压强、流体压强与流速的关系．

【分析】（1）玻璃管内水柱高于瓶内水面，是因为瓶内气体压强大于瓶外大气压强；

（2）当向管上方吹气时，管上方的空气流动速度增大，压强减小，管下方压强不变，管内的液体受到向上的压强大，液面上升．

【解答】解：（1）由题知，玻璃管内水柱高于瓶内水面，所以瓶内气体压强大于瓶外大气压强．故AB错误；

（2）用一根饮料吸管水平靠在玻璃管的上端吹气，玻璃管上方空气的流速增大，压强减小，玻璃管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升．故C正确，D错误．

故选C．

【点评】本题主要考查流体压强跟流速的关系，并能用流体压强解释有关的现象．

6．一辆汽车在平直的公路上做直线运动，其v﹣t图象如图所示，汽车在第10s时已行驶了150m，速度达到了20m/s，随后匀速前进，若汽车在行驶过程中所受阻力大小始终为2000N，以下说法正确的是（　　）

A．在0﹣20s内汽车的平均速度为15m/s

B．在0﹣10s内汽车的牵引力大小恒为2000N

C．在10﹣20s内汽车牵引力做的功为4×105J

D．在10﹣20s内汽车牵引力做功的功率为4×105W

【考点】EC：功的计算；6D：变速运动与平均速度；FF：功率的计算．

【专题】12 ：应用题；571：长度、时间、速度；592：功、功率、机械效率．

【分析】A、知道汽车在10～20s内的速度，利用s=vt求出行驶的路程；求出在0﹣20s内行驶的总路程s=s1+s2，再利用速度公式求在0～20s内汽车的平均速度；

B、由图可知，在0～10s内，汽车做加速运动，牵引力大于阻力；

C、汽车在10～20s内做匀速运动，处于平衡状态，牵引力等于阻力，利用W=Fs求汽车在10﹣20s内牵引力做的功；

D、利用P=求汽车在10～20s内牵引力做功功率．

【解答】解：

A、由图象可知，汽车在10～20s内做匀速运动，其速度为v2=20m/s，

汽车在10～20s内行驶的路程s2=v2t=20m/s×10s=200m，

在0～20s内行驶的总路程s=s1+s2=150m+200m=350m，

则在0～20s内汽车的平均速度v===17.5m/s，故A错误；

B、由图象可知，在0～10s内，汽车做加速运动，牵引力大于阻力，即牵引力大于2000N，故B错误；

C、汽车在10～20s内做匀速运动，处于平衡状态，牵引力等于阻力，即F=f=2000N，

则牵引力做的功：W2=Fs2=2000N×200m=4×105J，故C正确；

D、汽车在10～20s内牵引力做功的功率：P2===4×104W，故D错误．

故选C．

【点评】此题考查了速度公式、功的公式、功率公式的应用，关键是根据图象、结合二力平衡条件得出汽车做匀速直线运动时的牵引力大小．

7．（2017荆门物理）关于能源、信息和材料，下列说法正确的是（　　）

A．太阳能是不可再生能源

B．当前核电站利用可控核裂变发电

C．LED灯的核心元件发光二极管由超导材料制成

D．WiFi技术是一种无线网络传输技术，它通过超声波传递信息

【考点】K8：太阳能；45：超导体的作用；D2：电磁波的传播．

【专题】12 ：应用题；561：粒子与宇宙、材料世界；594：能源的利用与发展．

【分析】（1）能够短时间内从自然界得到补充的是可再生能源；

（2）核电站是利用核裂变产生的巨大能量来发电的；

（3）LED灯的核心元件发光二极管是由半导材料制成的；

（4）电磁波可以传递信息．

【解答】解：

A、太阳能可以从自然界源源不断的得到补充，因此是可再生能源，故A错误；

B、核电站是利用可控原子核裂变释放的核能来发电的，故B正确；

C、LED灯的核心元件发光二极管是由半导材料制成的，故C错误；

D、WiFi利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，故D错误．

故选B．

【点评】本题考查了能源分类、卫星通信、核能利用、半导体的相关知识，具有一定的综合性，熟练掌握各项知识是解题的关键．

8．下列关于家庭电路和生活用电的说法错误的是（　　）

A．控制客厅吊灯的开关和吊灯之间是串联的

B．测电笔可以用来辨别火线与零线

C．可以在高压输电塔下放风筝

D．家庭电路中用电器短路时通过总开关的电流增大

【考点】HT：串联电路和并联电路的辨别；IR：测电笔的使用；IV：安全用电原则．

【专题】26 ：错解分析题；531：电流和电路；542：电与热、生活用电．

【分析】（1）家庭电路中开关和被控制的用电器串联；

（2）试电笔接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光；

（3）安全用电的基本原则是不靠近高压带电体，不接触低压带电体；

（4）家庭电路发生短路时，电流增大，会引起空气开关跳闸．

【解答】解：A、家庭电路中开关和被控制的用电器串联，这样才能实现有效控制，故A正确；

B、测电笔接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光，以用来辨别火线与零线，故B正确；

C、严禁在高压线下方放风筝，避免由于电流通过风筝拉线进入人体发生触电事故，故C错误；

D、家庭电路发生短路时，通过总开关的电流增大，会引起空气开关跳闸，从而对电路起到保护作用，故D正确．

故选C．

【点评】本题考查家庭电路中安全用电的相关知识，会用试电笔，知道开关与灯泡的连接方法．

9．（2017荆门物理）中国高铁采用绿色环保的制动方式，到站前电网自动停止对列车电动机供电，电动机线圈仍要转动，此时电动机变为发电机发电，这个过程车速从300km/h减到90km/h；在车速小于90km/h后再进行机械刹车，下列说法正确的是（　　）

A．电动机根据电磁感应原理工作

B．发电机根据电流的磁效应工作

C．减速发电过程中，电能转化为列车的机械能

D．列车机械刹车过程中有机械能转化为内能

【考点】CM：直流电动机的原理；CS：发电机的构造和原理；FY：机械能和其他形式能的转化．

【专题】12 ：应用题；552：电动机、磁生电；593：机械能及其转化．

【分析】电动机的制作原理是通电导体在磁场中受到力的作用；发电机的原理是电磁感应；根据刹车、减速过程中的能量转化分析判断即可解决．

【解答】解：AB、电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的，发电机的原理是电磁感应，故AB错误；

C、减速发电过程中，是将机械能转化为电能的过程，故C错误；

D、机械刹车过程中，机械能减小，内能增加，因此是将机械能转化为内能的过程，故D正确；

故选D．

【点评】本题考查了能量的转化、电动机原理、电磁感应的应用的理解，是一道综合题．

10．（2017荆门物理）图甲是某同学设计的调光灯电路，图中小灯泡的额定电压为3V，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端的过程中，测得小灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示，下列说法中错误的是（　　）

A．电源电压为3V

B．小灯泡正常发光时的电阻为10Ω

C．小灯泡实际功率越大，灯丝电阻越大

D．小灯泡的最小功率为0.1W

【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．

【专题】12 ：应用题；533：欧姆定律；541：电能和电功率．

【分析】（1）由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，此时灯泡两端的电压和额定电压相等也是电源的电压，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻；

（2）U﹣I图象中图线的斜率表示电阻的倒数，分析图象中灯泡实际功率和斜率的变化得出答案；

（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图可知电表的示数，根据P=UI求出灯泡的最小功率．

【解答】解：（1）由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，

由图象可知，电源的电压U=UL=3V，电路中的电流I=0.3A，

由I=可知，小灯泡正常发光时的电阻：

RL===10Ω，故AB正确；

（2）图象中图线的斜率表示电阻的倒数，

当灯泡两端的电压增大时，通过的电流增大，由P=UI可知灯泡的实际功率变大，图象的斜率变小，

则小灯泡实际功率越大，灯丝电阻越大，故C正确；

（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，

由图象可知，灯泡两端的电压UL′=0.5V，电路中的电流I′=0.1A，

灯泡的最小功率：

PL′=UL′I′=0.5V×0.1A=0.05W，故D错误．

故选D．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象读出有用的信息．

二、（2017荆门物理）非选择题

11．我们的生活离不开信息的传递，如手机之间主要靠　电磁波　来传递信息；医院检查身体所用的B超利用了　超声波　传递信息（以上两空均选填“超声波”和“电磁波”）；验钞机利用　紫外线　使钞票上的荧光标记发光来验钞．

【考点】D2：电磁波的传播；9E：超声波与次声波；AU：紫外线．

【专题】12 ：应用题；511：声现象；513：光的折射、光的色散；553：信息的传递．

【分析】（1）移动通迅是利用电磁波来传递信息；

（2）超声的穿透能力强，人们可以利用超声来进行探测；

（3）验钞机利用了紫外线可使荧光物质发光．

【解答】解：手机通讯利用了超声波传递信息的；医院检查身体所用的B超利用了超声波传递信息；验钞机利用紫外线可使荧光物质发光来辨别钞票真伪．

故答案为：电磁波；超声波；紫外线．

【点评】本题考查了移动通迅的特点，紫外线的应用，超声波的应用等，都是物理学中的基础知识，难度不大．

12．2017年4月，中国首艘国产航母001A号成功出坞下水．航母出坞前向船坞注水，船坞内水位逐渐上升，在航母浮起之前，航母底部受到水的压强逐渐　增大　（选填“增大”或“减小”）；当航母在船坞中浮起后，其受到的浮力　等于　（选填“大于”、“等于”或“小于”）它受到的重力；航母离开船坞驶向大海过程中，以航母为参照物，船坞是　运动　（选填“静止”或“运动”）的．

【考点】88：液体的压强的特点；52：参照物及其选择；8S：物体的浮沉条件及其应用．

【专题】12 ：应用题；33 ：参照思想；571：长度、时间、速度；581：压强、液体的压强；584：浮沉的应用．

【分析】①根据液体压强公式分析在航母浮起之前，航母底部受到水的压强变化；

②根据物体浮沉条件分析当航母在船坞中浮起后，其受到的浮力与重力的关系；

③在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止．

【解答】解：航母出坞前向船坞注水，船坞内水位逐渐上升，所以，根据p=ρgh可知，在航母浮起之前，航母底部受到水的压强逐渐增大；

根据物体浮沉条件可知，当航母在船坞中浮起后，其受到的浮力等于它受到的重力；

航母离开船坞驶向大海过程中，以航母为参照物，船坞与航母之间的位置发生了变化，所以，船坞是运动的．

故答案为：增大；等于；运动．

【点评】此题考查液体压强的特点、运动和静止的相对性、物体浮沉条件及其应用，综合性较强，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题．

13．（2017荆门物理）（4分）吊车应用了许多物理知识，如轮胎上有很多花纹，是为了　在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力　；吊起货物过程中，支撑臂和起重臂共同构成一个　费力　（选填“省力”或“费力”）杠杆；吊车在行驶过程中驾驶员要系好安全带，主要是为了防止　惯性　带来的危害；用水作为发动机的冷却液，是因为水具有较大的　比热容　．

【考点】7I：增大或减小摩擦的方法；6L：惯性；7O：杠杆的分类；GE：水的比热容的特点及应用．

【专题】12 ：应用题；524：比热容、热机、热值；572：运动和力；573：重力、弹力、摩擦力；591：简单机械．

【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．

（2）结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；

（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性．

（4）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多．

【解答】解：轮胎上有很多花纹，是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．

吊起货物过程中，支撑臂大于起重臂，所以支撑臂和起重臂共同构成一个费力杠杆；

驾驶员开车是要系好安全带，主要是为了防止由于惯性带来的伤害；

因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水作为发动机的冷却液．

故答案为：在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；费力；惯性；比热容．

【点评】此题考查增大摩擦的方法、杠杆的分类、惯性和比热容的相关知识，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题．

14．（2017荆门物理）（5分）图甲是用与焊接塑料水管的热熔器，其电路如图乙所示，加热电阻R1=66Ω、R2=176Ω，S1是手动控制开关，S2是可随温度自动跳转的温控开关，R0是特殊限流电阻，热熔器加热时R0的电阻较大，LED指示灯发红光，保温时R0的电阻较小，LED指示灯发绿光，已知LED灯发光时两端电压保持不变．

（1）开关S1和S2都闭合时，热熔器处于　加热　（选填“加热”或“保温”）状态；

（2）开关S1闭合，S2断开时，R1的功率　小于　R2的功率（选填“大于”、“等于”或“小于”）；

（3）发红光时LED灯的电流　小于　发绿光时LED灯的电流（选填“大于”、“等于”或“小于”）；

（4）保温状态时加热电路的电功率为　200　W．

【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用．

【专题】12 ：应用题；53 ：电路和欧姆定律；541：电能和电功率．

【分析】（1）电源的电压一定时，根据P=UI=可知，电路中的总电阻越小，电路的加热功率越大，热熔器处于加热状态，反之处于保温状态；

（2）开关S1闭合，S2断开时，R1与R2串联，根据P=I2R比较R1与R2的功率关系；

（3）热熔器加热时和保温时LED灯两端电压保持不变，根据串联电路的电压特点可知R0两端的电压不变，根据题意可知R0的阻值关系，根据欧姆定律比较两者的电流关系；

（4）保温状态时，R1与R2串联，根据P=UI=求出加热电路的电功率．

【解答】解：（1）开关S1和S2都闭合时，加热电路只有R1工作，加热电阻最小，

由P=UI=可知，热熔器的加热功率最大，处于加热状态；

（2）开关S1闭合，S2断开时，R1与R2串联，

因串联电路中各处的电流相等，且由题可知R1＜R2，

所以，由P=I2R可知，R1的功率小于R2的功率；

（3）由题可知，热熔器加热时R0的电阻较大，LED指示灯发红光，保温时R0的电阻较小，LED指示灯发绿光，

因两种情况下LED灯发光时两端电压保持不变，且电源电压为220V不变，

所以，由串联电路中总电压等于各分电压之和可知，R0两端的电压不变，

由I=可知，热熔器加热时R0的电阻较大，电路中的电流较小，

即发红光时LED灯的电流小于发绿光时LED灯的电流；

（4）保温状态时，R1与R2串联，则加热电路的电功率：

P保温===200W．

故答案为：（1）加热；（2）小于；（3）小于；（4）200．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断出热熔器处于不同状态时电路的连接方式是关键．

15．（2017荆门物理）（4分）小明利用光具座、两个凸透镜（焦距分别为10cm、20cm）、光屏、蜡烛、火柴等器材探究凸透镜成像规律．

（1）实验中将其中一个凸透镜放在光具座上，当蜡烛、透镜及光屏的位置如图所示时，恰能在光屏上得到清晰的像，则他选择的焦距为　10　cm的凸透镜；

（2）保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜移向蜡烛，光屏上会再次出现清晰的倒立、　放大　的实像；

（3）实验过程中，燃烧的蜡烛变短，导致光屏上烛焰的像像　上　（选填“上”或“下”）移动，可将凸透镜的高度调　低　（选填“高”或“低”），使像呈现在光屏的中央．

【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．

【专题】13 ：实验题；5A5：探究型实验综合题．

【分析】（1）凸透镜成实像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，根据凸透镜成像的规律确定选择的是哪个凸透镜；

（2）根据光路的可逆性和凸透镜成像的规律可确定成像的性质：当u＞2f时，光屏上呈现倒立、缩小的实像，2f＞v＞f．当2f＞u＞f时，光屏上呈现倒立、放大的实像，v＞2f．

（3）实验一段时间后，蜡烛变短了，根据过光心不改变方向，判断透镜的移动方向．

【解答】解：（1）由图可知：u=50cm﹣20cm=30cm，v=15cm，由凸透镜成像规律可知：此时的像是倒立缩小的实像；则u=30cm＞2f，2f＞15cm＞f，

解得，7.5cm＜f＜15cm，由题意“有两个玻璃凸透镜，焦距分别为10cm和20cm”可知他选择的凸透镜的焦距为10cm；

（2）据光路的可逆性可知，若将透镜向蜡烛移动，当物体处于1倍焦距和2倍焦距之间，光屏处于2倍焦距以外，此时成倒立、放大的实像．

（3）蜡烛变短了，光屏上的像会向上移动，要使像成在光屏的中央，根据过光心不改变方向，凸透镜向下移动，或光屏向上移动．

故答案为：（1）10；（2）放大；（3）上；低．

【点评】此题是探究凸透镜成像过程中应注意的一些问题，也是实验中常用到的常识性问题，要掌握并能利用其解决碰到的有关问题．

16．（2017荆门物理）（4分）用如图所示装置做“探究水沸腾时温度变化的特点”实验．

（1）由表格中 数据可知，本次实验应选用测温物质为　水银　的温度计；

（2）水沸腾时，烧杯上方会出现大量“白气”，“白气”和　露　（从“冰”、“霜”、“露”、“雪”自然现象中选填）的形成过程中发生了相同的物态变化；

（2）若要将烧杯中100g的水加热升温50℃，则至少要消耗　1.4　g酒精，已知实验中酒精完全燃烧释放的热量有50%被水吸收，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），酒精的热值为3.0×107J/kg．

【考点】1O：探究水的沸腾实验．

【专题】13 ：实验题；5A5：探究型实验综合题．

【分析】（1）液体温度计所测温度应高于温度计内液体的凝固点，低于液体的沸点．

（2）液化的概念：由气态变为液态的过程；

（3）由Q吸=cm△t，可求得水温升高50℃吸收的热量；已知酒精完全燃烧释放的热量有50%被水吸收，利用Q放=mq计算酒精质量．

【解答】解：（1）在标准大气压下，沸水的温度是100℃，酒精的沸点是78℃，水银的沸点是357℃，水银的沸点高于沸水的温度，所以测沸水的温度要选水银温度计．

（2）我们看到的“白气”是由大量小水珠组成的，这些小水珠是由水蒸气遇冷液化而来的；冰是凝固现象；霜、雪是凝华现象，露是液化现象；

（3）水温升高50℃吸收的热量Q吸=cm△t=4.2×l03 J/（kg•℃×0.1kg×50℃=2.1×l04J．

Q放===4.2×104J，

由Q放=mq可得m酒精===1.4×10﹣3kg=1.4g．

故答案为：（1）水银；（2）露；（3）1.4．

【点评】本题综合考查了探究水的沸腾实验，燃料完全燃烧放热的计算和吸热公式的掌握和运用，与生活相联系，体现了学以致用的思想．

17．（2017荆门物理）（5分）小熙同学利用下列器材：天平（无砝码）、两只完全相同的小烧杯、量筒、水、滴管、细线完成了小石块密度的测量．水的密度为1.0×103kg/m3．操作步骤如下：

（1）把天平放在水平桌面上，将　游码　移到标尺的零刻度线处，调节平衡螺母，使天平平衡；

（2）先把两只完全相同的小烧杯分别放在天平左右两盘上，再把小石块放入左盘烧杯中；

（3）向量筒中倒入适量的水，液面如图2所示，则量筒中水的体积为　40　cm3；

（4）现将量筒中的水倒一部分至右盘小烧杯中，再利用滴灌来调节量筒与烧杯中水的体积，当天平再次平衡时量筒内剩余水的体积如图3所示，则小石块的质量m石=　20　g；

（5）用细线拴好小石块，慢慢放入量筒中直到完全浸没，液面的示数如图4所示，则小石块的体积V石=　10　cm3，小石块的密度ρ石=　2×103　kg/m3．

【考点】2M：固体的密度测量实验．

【专题】11 ：计算题；13 ：实验题；5A4：测量型实验综合题．

【分析】（1）在调平前将天平放在水平桌面上，游码拨到标尺左端的零刻度线处；

（3）量筒分度值为1ml，平视液面最低处读数；

（4）将量筒中的水倒一部分至右盘小烧杯中，再利用滴灌来调节量筒与烧杯中水的体积，当天平再次平衡时，此时倒出的水的质量即为小石块的质量；

（5）根据图4，求得小石块的体积V石，再利用密度公式求得小石块的密度．

【解答】解：

（1）把天平放在水平桌面上，把游码移至标尺的零刻度线处，调节横梁上的螺母，使横梁平衡；

（2）如图2所示，量筒的分度值为1mL，量筒内水的体积为40mL=40cm3；

（4）由题意结合图3可知，倒出水的体积V水=40mL﹣20mL=20mL=20cm3，

由ρ=可得，倒出水的质量m水=ρ水V水=1g/cm3×20cm3=20g，

根据“天平再次平衡”可知，此时小石块的质量m石块=m水=20g；

（5）由图3和图4可得，小石块的体积V石=40mL﹣30mL=10mL=10cm3，

则小石块的密度ρ石===2g/cm3=2×103kg/m3．

故答案为：（1）游码；（3）40；（4）20；（5）10；2×103．

【点评】此题是测量石块的密度实验，考查了有关天平和量筒的使用及读数，考查了有关密度的计算，特别是注意密度的单位及换算．

18．（2017荆门物理）（5分）某同学在做“测量小灯泡的电功率”实验时，选取两节干电池作为电源，使用的小灯泡额定电压为2.5V．

（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的电路连接完整；

（2）电路连接完成后，闭合开关，他发现灯泡不发光，电流表示数不为零，电压表示数为零，则该故障可能是由于灯泡　短路　（选填“断路”或“短路”）引起的；

（3）故障排除后重新闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，此时灯泡两端电压为　1.8　V；若要使灯泡正常发光，他应将图甲中滑片P向　A　（选填“A”或“B”）端移动；

（4）移动滑片，使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图丙所示，则灯泡的额定功率是　0.75　W．

【考点】JF：电功率的测量．

【专题】13 ：实验题；5A4：测量型实验综合题．

【分析】（1）掌握实物电路的连接，特别是电压表、电流表和滑动变阻器的接法，注意电流表、电压表的量程和正负接线柱的接法要正确；

（2）小灯泡不亮，可能是灯泡断路或短路或灯泡之外的电路断路；电流表示数不为零，电路不存在断路；电压表示数为零，电压表并联电路短路或电压表并联电路之外电路断路；综合分析可知，电路故障是灯泡短路．

（3）由图乙所示电压表确定其量程与分度值，读出其示数；灯泡电压达到额定电压时正常发光，由此根据串联电路的分压原理分析可得．

（4）由图丙读出灯泡电压为2.5V时的电流，然后由P=UI求出灯泡功率．

【解答】（2017荆门物理）解：（1）把电流表串联在电路中，根据图象可知，电流表的量程为0﹣0.6A；小灯泡的额定电压为2.5V，故电压表量程为0﹣3V；如图所示：

；

（2）小灯泡不亮，电流表示数不为零，说明电路是通路，电压表示数为零，说明与电压表并联的小灯泡处短路；

（3）由图乙所示电压表确定其量程与分度值，读出其示数．

（3）由图乙所示电压表可知，其量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为1.8V；灯泡电压达到额定电压时正常发光，此时灯泡电压低于额定电压，根据串联电路的分压原理可知，应减小变阻器连入阻值，即将滑片向A端滑动；

（4）通过灯泡的电流为0.3A，所以P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；

故答案为：（1）如图；（2）短路；（3）1.8；A；（4）0.75．

【点评】本题考查了实验故障分析、电表读数、求灯泡功率．本电路在初中物理电学实验中应用广泛．可用于测灯泡的电阻、功率，还能探究在电流跟电压、电阻的关系．电路是相同的，元件在实验中的作用有相同之处，也有不同之处，注意区分，对比记忆，印象深刻．

19．（2017荆门物理）（6分）在水平地面上有一装有特殊液体的圆柱形桶，圆桶与地面的接触面积为0.8m2，筒内液体的密度为0.8×103kg/m3，液面飘有一个质量为4×10﹣3kg的塑料浮子，桶内液面上方空气和大气相通，整个桶（含液体、浮子）的总质量为96kg．

（1）求圆桶对地面产生的压强；

（2）求塑料浮子排开液体的体积；

（3）若工人师傅利用如图所示滑轮组将圆桶沿竖直方向匀速提升0.5m，滑轮组的机械效率为80%，求该过程中工人师傅所做的总功．

【考点】86：压强的大小及其计算；8O：阿基米德原理；F4：滑轮（组）的机械效率．

【专题】11 ：计算题；16 ：压轴题；581：压强、液体的压强；583：浮力；592：功、功率、机械效率．

【分析】（1）圆桶对地面的压力等于整个桶（含液体、浮子）的总重力，利用G=mg求出，然后利用p=计算压强；

（2）利用G=mg求出浮子的重力，然后利用物体浮沉条件得出浮力，再根据阿基米德原理求出其排开液体的体积；

（3）利用W=Gh求出有用功，再利用效率公式求出该过程中工人师傅所做的总功．

【解答】解：（1）圆桶对地面的压力：

F=G总=m总g=96kg×10N/kg=960N，

圆桶对地面产生的压强：

p===1200Pa；

（2）浮子的重力：

G浮子=m浮子g=4×10﹣3kg×10N/kg=4×10﹣2N，

浮子漂浮，则浮子受到的浮力：

F浮=G浮子=4×10﹣2N，

由F浮=ρgV排可得塑料浮子排开液体的体积：

V排===5×10﹣6m3；

（3）工人做的有用功：

W有=G总h=960N×0.5m=480J，

由η=可得工人师傅所做的总功：

W总===600J．

答：（1）圆桶对地面产生的压强为1200Pa；

（2）塑料浮子排开液体的体积为5×10﹣6m3；

（3）该过程中工人师傅所做的总功为600J．

【点评】此题考查压强的大小计算、阿基米德原理、功和效率公式的应用等，关键是知道圆桶对地面的压力等于整个桶（含液体、浮子）的总重力．

20．（2017荆门物理）（6分）电阻式传感器被广泛应用与测力、测压、称重，它的核心部分是一只可变电阻，一同学用如图甲所示电路研究某电阻式传感器的特性，图中R0为定值电阻，R为电阻式传感器，当控制其阻值从0变为60Ω，测得传感器消耗的电功率与通过它的电流关系图象如图乙所示，已知电源电压恒定不变．

（1）当通过传感器的电流为0.1A时，传感器的电阻为　60　Ω；

（2）求P1的值；

（3）求R0的阻值．

【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用．

【专题】12 ：应用题；53 ：电路和欧姆定律；541：电能和电功率．

【分析】由电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）当通过传感器的电流为0.1A时，电路中的总电阻最大，传感器的电阻最大；

（2）根据P=I2R求出P1的值；

（3）当电路中的电流I=0.1A时，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；根据图乙可知当R=0Ω时电路中的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值．

【解答】解：由电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）由题知，电阻式传感器的阻值从0变为60Ω，传感器消耗的电功率与通过它的电流关系图象如图乙所示；

由图乙可知，通过传感器的电流最小为0.1A，由欧姆定律可知电路中的总电阻最大，传感器的电阻最大，即为60Ω；

（2）当I=0.1A时，P1的值：

P1=I2R=（0.1A）2×60Ω=0.6W；

（3）当电路中的电流I=0.1A时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，由I=可得，电源的电压：

U=I（R0+R）=0.1A×（R0+60Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，

当R=0Ω时，电路为R0的简单电路，此时电路中的电流最大，由图乙可知最大电流I′=0.5A，

则电源的电压：

U=I′R0=0.5A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②

因电源的电压不变，

所以，0.1A×（R0+60Ω）=0.5A×R0，

解得：R0=15Ω．

答：（1）60；

（2）P1的值为0.6W；

（3）R0的阻值为15Ω．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键．