2016盘锦市一中九年级月考物理试卷【解析版含答案】

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2016盘锦市一中九年级月考物理试卷

一．选择题（本题包括9个小题共21分，其中1---6为单选题每小题2分；7---9为多选题每小题2分，对于多选题漏选得3分，错选多选不得分）

1．如图，用铝壶在天然气灶上烧水的过程中（　　）

A．通过做功的方式改变水的内能

B．水的温度越高，水分子运动越剧烈

C．铝的比热容比水小，铝的吸热比水强

D．天然气燃烧越充分，热值越大

2．（2016盘锦物理）下列数据符合实际的是（　　）

A．一节干电池的电压约为3V

B．日常使用的节能灯正常工作时的电流约为0.1A

C．家用电冰箱正常工作一天消耗的电能约为200J

D．液晶电视机的额定功率约为1000W

3．灯泡L1和灯泡L2串联，闭合开关S后灯L2正常发光，L1只能微弱发光．以下分析合理的是（　　）

A．灯泡L1发生断路

B．灯泡L1发生短路

C．由于灯泡L1的电阻较大，其实际功率较小

D．由于灯泡L1的电阻较小，其实际功率较小

4．如图所示，电源电压保持不变，当闭合开关后，滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．电压表V1示数变大，电流表A示数变小

B．电压表V2示数变大，电流表A示数变大

C．电压表V1示数和电流表A示数的乘积不变

D．电压表V2示数和电流表A示数的比值变大

5．（2016盘锦物理）如图所示电路，电源两端电压不变．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，关于各电表的示数，下面判断正确的是（　　）

A．电流表A表变小，电压表V表变大

B．电流表A表变大，电压表V表不变

C．电流表A表不变，电压表V表变小

D．电流表A表变小，电压表V表不变

6．（2016盘锦物理）将“220V 15W”的灯泡L1和“220V 60W”的灯泡L2，串联在220V的电源上（设灯丝电阻不变），则 （　　）

A．灯L1正常发光

B．灯L2比灯L1亮

C．两盏灯的总功率小于15W

D．每个灯的实际功率都变为其额定功率的四分之一

7．如图所示电路，开关闭合后在滑动变阻器的滑片由中点向下滑动过程中，下列说法正确的是（　　）

A．灯泡的额定功率变小

B．滑动变阻器消耗的电功率变小

C．电压表示数不变

D．电流表A1、A2示数的差值保持不变

8．分别标有“6V 6W”和“6V 3W”的灯泡L1和L2串联接在某电源上，设灯丝电阻不变，则（　　）

A．通过L1、L2的电流之比为2：1

B．L1、L2的实际功率之比为1：2

C．电源电压为12V时，L1、L2均正常发光

D．电源电压为9V时，L2正常发光

9．（2016盘锦物理）两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示，现将甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端，下列分析正确的是（　　）

A．甲消耗的电功率为3.6 W              B．甲中的电流大于乙中的电流

C．乙消耗的电功率为3.6W              D．甲的电阻值大于乙的电阻值

二．填空题（每空1分，共28分）

10．台式电脑使用一段时间后，为保证电脑的稳定性，需要打开主机箱盖除尘，这是因为散热风扇的扇叶在转动过程中与空气摩擦带上了　　，可以　　轻小物体，所以灰尘会附着在扇叶上．

11．在一段导体两端加2V电压时，通过它的电流强度是0.4A，这段导体的电阻是　　Ω；10s内电流做功为　　 J；如果在它的两端不加电压，这段导体的电阻是　　Ω．

12．两只定值电阻，甲标有“20Ω  1A”，乙标有“10Ω 3A”，把它们串联起来，为了保护电路，电路两端的允许的最大电压为　　V；把它们并联起来，为保护电路，电路两端允许的最大电压为　　V．

13．如图（a）所示的电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电源两端的电压不变，改变R的滑片位置，电压表示数随电流变化的图象如图（b）所示，则根据以上条件可知R0的阻值为　　Ω，滑动变阻器R最大阻值为　　Ω．

14．如图所示，电阻R1、R2之比为3：1，当开关S闭合后，R1、R2两端电压之比为　　；R1、R2消耗的电功率之比为　　．

15．（2016盘锦物理）如图所示，电源电压保持不变，电阻R1=6Ω，R2=4Ω．（假设灯丝的电阻不变）

（1）当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.6A，电路总电阻是　　Ω．电源电压为　　V．

（2）当开关S1、S2和S3都闭合时，电流表示数为1.5A，此时通过R1的电流是　　A，灯泡的电阻是　　Ω．

16．电子式电能表表盘上标有“3200imp/（kW•h）”字样（imp表示闪烁次数）．将某用电器单独接在该电能表上正常工作30min，电能表指示灯闪烁了320次，该用电器在上述时间内消耗的电能为　　kW•h，该用电器的额定功率是　　W．

17．铭牌上均标有“220V 100W”的电视机和电热毯都正常工作1小时，则　　产生的热量较多．

18．在某一温度下，两个电路元件甲和乙中的电流与电压的关系如图所示．甲原件的电阻为　　欧，若将元件甲、乙并联后接在电压为2V的电源两端，元件甲和乙消耗的总功率为　　W．

19．智能手机上已普遍使用电阻触摸屏，如图在竖直方向上触摸屏相当于一根电阻丝，触摸P点时电阻丝被分为上、下两部分，电阻分别为R1、R2．电源电压不变，当触摸点在竖直方向移动时，若测得R1两端电压减小，则R1阻值　　，触摸点P到屏下端的距离　　（均填“增大”、“减小”或“不变”）．

20．如图是额定电压220V、额定功率8.8W的LED灯，该灯的额定电流为　　A．若它每天正常发光5h，一个月（30天）消耗的电能是　　kW•h．与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，假设LED灯只需要白炽灯10%的电能，则这个LED灯与功率为　　W的白炽灯亮度相当．

21．（2016盘锦物理）某同学把标有“8V 16W”的灯泡L1和“12V 36W”的灯泡L2串联在电路中，闭合开关后，其中一只灯泡能正常发光，另一只没有达到额定电压．由此可知电源电压为　　V，此时L1的实际功率　　 L2的实际功率（选填“大于”或“等于”或“小于”）．

22．如图所示电路中，电源电压保持12V电压不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，定值电阻R1为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω，电压表使用的量程是0～3V．为了保证电路的安全，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为　　．

三.作图题（本题包括3个小题，共9分）

23．如图所示电路的○里填上适当的电表符号，要求：使两灯L1、L2并联．

24．小刚同学所连的电路如图所示，请在虚线框内画出对应的电路图．

25．（2016盘锦物理）请根据图甲中的电路图连接图乙中的实物电路．

四．简答题

26．小峰放学回家，发现楼道里的白炽灯只在天黑后，有声音时，灯才会亮．他查找物理书得知，在控制开关中装有“声敏”和“光敏”装置，这两种装置的连接方式是　　．有一次他还发现楼道白炽灯亮了一下就熄灭了，请你帮他分析为什么白炽灯在刚开始发光时容易烧断？我国已经禁止生产白炽灯，倡导用节能灯替代白炽灯，这样做有什么好处？

五．计算题（本题包括3个小题，共22分．要求写出必要的文字说明，公式，计算过程，数值，单位和答）

27．如图所示的电路中，电阻R1=20Ω，当若断开开关S2，闭合S1，电流表的示数I1=0.30A；当若闭合开关S1、S2，电流表的示数I2=0.8A．求：

（1）电源两端的电压．

（2）电阻R2的阻值．

（3）电流通过电阻R2在2min内所做的功．

28．（2016盘锦物理）如图所示，电源两端电压保持不变，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”、当滑片P在中点时电流表为0.24A，电压表为7.2V、求：

（1）电阻R1和电源电压；

（2）滑动变阻器移到左端时，电流表和电压表的读数．

29．某电热水壶容量1.5L 额定电压220V 额定功率1500W，装入一满壶20℃的凉水，通电正常工作6分钟即被烧开至100℃．已知水的比热容c=4.2×103J/（kg•℃） 求：

（1）该过程中水吸收的热量．

（2）6分钟内电水壶消耗的电能．

（3）电热水壶的效率．

六.实验探究题（本题包括5个小题，共36分）

30．（2016盘锦物理）甲乙两小组探究“电流与电压和电阻的关系”，老师提供的实验器材有：电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一个，开关一个，四个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω），两只滑动变阻器（规格分别为“20Ω  2A”、“50Ω  1A”），小灯泡一只（额定电压3.8V），导线若干．

（1）甲小组探究“电流与电压的关系”

①请你根据图甲的电路图用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整．

②他们将5Ω的电阻接入电路，检查无误后　　开关，发现电压表无示数，电流表有示数，造成这一现象的原因可能是　　（写出一条即可）．

③排除故障后进行实验得到的数据如表，由此可得到的实验结论是　　．

（2）乙小组探究“电流与电阻的关系”

①将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V，并记下相应的电流值．再用10Ω的电阻替代5Ω的电阻，此时滑片应　　（选填“左”或“右”）端移动，移动滑动变阻器的目的是　　．

②为了完成用四个定值电阻进行实验，应选择滑动变阻器的规格是　　．

③他们用小灯泡替换定值电阻，移动滑片，使小灯泡正常发光，电流表示数如丙图所示，则小灯泡的额定功率是　　W．

31．（2016盘锦物理）如图1所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验．将质量相等的沙子和水分别装在易拉罐中，并测出沙子和水的初温．然后用酒精灯加热并不断搅拌，每隔1min记录一次温度．

实验记录如下表

（1）实验中，加热时间实质上反映了　　．

（2）根据实验数据，在图2中画出沙子和水的温度随时间变化的图象．

（3）分析图象可知，对于质量相等的沙子和水：吸收相等热量，升温较快的是　　；若使两者升高相同的温度，则　　 吸收的热量较多．通过大量类似实验，人们发现了物质的又一种物理属性，物理学将这种属性叫做　　．

32．为了探究“电流产生的热量与电阻大小的关系”，小伟同学采用了如图所示的实验装置，其中R1＜R2．

（1）甲、乙两瓶中装入了质量和初温度相同的同种液体的原因是　　．

（2）实验中R1、R2采用　　（填“串联”或“并联”）的连接方法是为了控制　　、　　相同．

（3）在通电时间相同时，两玻璃管内煤油上升较高的是　　（填“甲”或“乙”）瓶．由此可知　　．

33．（2016盘锦物理）在测量小灯泡电功率的实验中，小明同学选取了一个标有“3.8V”、额定功率约为1W的小灯泡和必要的实验器材，连接的电路如图甲所示．

（1）实验原理　　．

（2）请指出图中的两处错误：

①　　；②　　．

（3）改正错误后，闭合开关，如果发现灯泡发出特别耀眼的光，且此时电流表和电压表都有示数，出现该现象的原因可能是　　．

（4）故障排除后，移动变阻器的滑片，小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，此时的电流为　　A，小灯泡的额定功率为　　W．

（5）分析小明在表中记录的实验数据可知，小灯泡的发光亮度是由灯泡的　　决定的．灯丝的电阻随两端电压的增加而　　（填“增大”或“减小”），灯丝电阻发生变化的本质是电阻随　　而增大．

34．（2016盘锦物理）在伏安法测电阻的实验中，所用实验器材如下：电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、开关、待测电阻RX、滑动变阻器（最大阻值20Ω）各一个，导线若干．

（1）实验原理：　　．

（2）小丽连接完实验电路后，闭合开关，通过调节滑动变阻器测得几组数据，并由此计算出待测电阻的阻值，有关记录和计算如表所示．

小华认为一个电阻三次测量的结果不可能相差这么大，分析应该是在连接电路时出现了问题，产生错误的原因是　　．

（3）找出错误的原因后，小丽准备重新连接电路进行测量，但小华认为不必重测，利用表中记录的错误数据就能算出应该记录的正确数据．表格中错误的数据是　　（填“电压”或“电流”），其中第一次正确的记录应是　　，此次测量计算出的待测电阻应是　　Ω．

（4）实验中三次测量RX的目的是　　．

2016盘锦物理参考答案与试题解析

一．选择题（本题包括9个小题共21分，其中1---6为单选题每小题2分；7---9为多选题每小题2分，对于多选题漏选得3分，错选多选不得分）

1．如图，用铝壶在天然气灶上烧水的过程中（　　）

A．通过做功的方式改变水的内能

B．水的温度越高，水分子运动越剧烈

C．铝的比热容比水小，铝的吸热比水强

D．天然气燃烧越充分，热值越大

【考点】（2016盘锦物理）热传递改变物体内能；比热容的概念；燃料的热值；分子的运动．

【分析】（1）做功和热传递是改变物体内能的两种方式；

（2）物体温度越高，分子运动越剧烈；

（3）物质的比热容越大，物质的吸热能力越强；

（3）1kg的某种燃料完全燃烧所释放出的热量是燃料的燃烧值；

【解答】解：A、烧水的过程是通过热传递的方式改变水的内能，故A错误；

B、水的温度越高，水分子运动越剧烈，故B正确；

C、铝的比热容比水小，铝的吸热能力比水弱，故C错误；

D、燃烧值由燃料本身决定，与是否充分燃烧无关，故D错误．

故选B．

2．（2016盘锦物理）下列数据符合实际的是（　　）

A．一节干电池的电压约为3V

B．日常使用的节能灯正常工作时的电流约为0.1A

C．家用电冰箱正常工作一天消耗的电能约为200J

D．液晶电视机的额定功率约为1000W

【考点】电压；电流的大小；电功率．

【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．

【解答】解：A、一节新干电池的电压为1.5V，不是新的，其电压接近1.5V，故A不符合实际；

B、家里使用的节能灯正常工作时的电流约0.1A，故B符合实际；

C、冰箱24小时的耗电量，一般是0.5度～1.5度，是1.8×106J～5.4×106J．故C不符合题意；

D、液晶电视机的额定功率在100W左右，远小于1000W．故D不符合实际．

故选B．

3．灯泡L1和灯泡L2串联，闭合开关S后灯L2正常发光，L1只能微弱发光．以下分析合理的是（　　）

A．灯泡L1发生断路

B．灯泡L1发生短路

C．由于灯泡L1的电阻较大，其实际功率较小

D．由于灯泡L1的电阻较小，其实际功率较小

【考点】电路的三种状态；实际功率．

【分析】灯泡亮度由灯泡实际功率决定，L2正常发光，L1只能微弱发光，可判断出两灯实际功率的大小；

由电路图可知，两灯泡串联，通过两灯泡的电流相等，根据电功率公式P=I2R分析灯泡电阻大小．

【解答】（2016盘锦物理）解：由题意可知，两灯泡串联，且都能发光，则灯L1没有断路，也没有发生短路，故A、B错误；

灯L1只能微弱发光，说明灯L1的实际功率P较小，串联电路电流I相等，由电功率公式P=I2R可知，灯的电阻较小，故C错误，D正确；

故选D．

4．如图所示，电源电压保持不变，当闭合开关后，滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．电压表V1示数变大，电流表A示数变小

B．电压表V2示数变大，电流表A示数变大

C．电压表V1示数和电流表A示数的乘积不变

D．电压表V2示数和电流表A示数的比值变大

【考点】（2016盘锦物理）电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用．

【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．根据电源的电压可知电压表V1示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，进一步可知电压表V1示数和电流表A示数的乘积变化；根据欧姆定律结合滑动变阻器接入电路中电阻的变化可知电压表V2示数和电流表A示数的比值变化．

【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．

因电源的电压保持不变，

所以，滑片移动时电压表V1的示数不变，故A不正确；

当闭合开关后，滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，

由I=可知，电路中的电流变小，R1两端的电压变小，故B不正确；

则电压表V1示数和电流表A示数的乘积变小，故C不正确；

由I=可知，电压表V2示数和电流表A示数的比值等于滑动变阻器接入电路中的电阻，即比值变大，故D正确．

故选D．

5．（2016盘锦物理）如图所示电路，电源两端电压不变．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，关于各电表的示数，下面判断正确的是（　　）

A．电流表A表变小，电压表V表变大

B．电流表A表变大，电压表V表不变

C．电流表A表不变，电压表V表变小

D．电流表A表变小，电压表V表不变

【考点】电路的动态分析．

【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流．根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；根据电源电压可知电压表示数的变化．

【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流．

当滑动变阻器滑片P向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故BC不正确；

因电压表测电源电压，所以电压表的示数不变，故A不正确，D正确．

故选D．

6．（2016盘锦物理）将“220V 15W”的灯泡L1和“220V 60W”的灯泡L2，串联在220V的电源上（设灯丝电阻不变），则 （　　）

A．灯L1正常发光

B．灯L2比灯L1亮

C．两盏灯的总功率小于15W

D．每个灯的实际功率都变为其额定功率的四分之一

【考点】实际功率．

【分析】由灯泡的额定功率及额定电压可求得灯泡的电阻，则由欧姆定律可求得电流，由功率公式求得实际功率即可分析各项．

【解答】解：由P=得：

L1的电阻R1==≈3226.7Ω；

L2的电阻R2==≈806.7Ω；

则两灯串联时，两灯分压，都不能到达额定电压，故两灯都不能正常发光，故A错误；

因为串联电流相等，由P=I2R可得，灯泡L1的功率大于L2的功率，故灯泡L1要比L2亮，故B错误；

两灯实际消耗的功率P==≈12W＜15W，故C正确；

总功率为12W，若两灯功率均变为原来的，功率应为+=18.755W，而实际功率只有12W，故D错误；

故选C．

7．（2016盘锦物理）如图所示电路，开关闭合后在滑动变阻器的滑片由中点向下滑动过程中，下列说法正确的是（　　）

A．灯泡的额定功率变小

B．滑动变阻器消耗的电功率变小

C．电压表示数不变

D．电流表A1、A2示数的差值保持不变

【考点】电路的动态分析．

【分析】滑动变阻器与灯泡并联，电压表与电源并联，A1串联在干路上，A2与滑动变阻器串联；

AB、根据并联电路电流的规律，分析滑片向下移动时，灯泡和滑动变阻器两端的电压和通过灯泡的电流变化情况，然后根据P=UI分析灯泡和滑动变阻器的实际功率变化情况；

C、根据并联电路的电压规律直接得出即可；

D、根据并联电路干路的电流等于支路电流之和进行分析．

【解答】（2016盘锦物理）解：A、并联电路两端的电压等于电源电压；又因为并联电路的各支路互不影响，因此滑片向下移动时，灯泡两端的电压和通过的电流都不变，由P=UI可得，灯泡的实际功率不变，故A错误；

B、并联电路两端的电压等于电源电压，故滑动变阻器两端电压不变；当滑片向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，由欧姆定律可得，A2的示数减小，由P=UI得，滑动变阻器的实际功率减小，故B正确；

C、并联电路两端的电压等于电源电压，故电压表示数不变，故C正确；

D、因为A1测量干路电流，A2测量滑动变阻器中通过的电流，因此电流表A1、A2示数的差值为通过灯泡的电流，而并联电路各支路互不影响，故电流表A1、A2示数的差值保持不变，故D正确．

故选BCD．

8．分别标有“6V 6W”和“6V 3W”的灯泡L1和L2串联接在某电源上，设灯丝电阻不变，则（　　）

A．通过L1、L2的电流之比为2：1

B．L1、L2的实际功率之比为1：2

C．电源电压为12V时，L1、L2均正常发光

D．电源电压为9V时，L2正常发光

【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．

【分析】已知两灯的额定电压和额定功率可求两灯的电阻，还知道两灯串联，所以电流相等．再根据选项所给条件逐一解决．

【解答】（2016盘锦物理）解：（1）根据P=可得，两灯泡的电阻分别为：

R1===6Ω，R2===12Ω；

（2）两灯泡串联在某电源上时，通过两灯泡的电流相等，故A不正确；

根据欧姆定律可知：

U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=6Ω：12Ω=1：2，故B正确；

（3）电源电压为12V时，电路中电流I1===A，

灯L1电压U1=I1R1=A×6Ω=4V＜U1，不正常发光，灯L2电压U2=I1R2═A×12Ω=8V＞U2，灯会被烧毁，故C错．

（4）电源电压为9V时，电路中电流I1===0.5A，

灯L2电压U2=I2R2=0.5A×12Ω=6V，正常发光，故正确．

故选BD．

9．（2016盘锦物理）两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示，现将甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端，下列分析正确的是（　　）

A．甲消耗的电功率为3.6 W              B．甲中的电流大于乙中的电流

C．乙消耗的电功率为3.6W              D．甲的电阻值大于乙的电阻值

【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．

【分析】根据题干提供的信息进行分析，由坐标图中，选定相同的横坐标（电流），分别计算两电阻的阻值，进而由欧姆定律和电功率的公式结合并联电路的电压特点便可比较或计算出在6V电压下电流和电功率的大小．

【解答】解：根据图示图象，由I=可知：甲的电阻为R甲===5Ω，乙的电阻为R乙===10Ω；

A、当甲电阻两端电压为6V时，消耗的功率为P甲===7.2W，故A错误；

B、两电阻并联在6V电源电压两端，两电阻电压U相等，已知：R甲＜R乙，由I=可知：I甲＞I乙，故B正确；

C、当乙电阻两端电压为6V时，消耗的功率为P乙===3.6W，故C正确；

D、甲的电阻：R甲=5Ω，乙的电阻：R乙=10Ω，甲的电阻小于乙的电阻，故D错误；

故选BC．

二．（2016盘锦物理）填空题（每空1分，共28分）

10．台式电脑使用一段时间后，为保证电脑的稳定性，需要打开主机箱盖除尘，这是因为散热风扇的扇叶在转动过程中与空气摩擦带上了　电荷　，可以　吸引　轻小物体，所以灰尘会附着在扇叶上．

【考点】摩擦起电；物体带电现象．

【分析】本题依据摩擦可以起电，带电的物体可以吸引轻小的物体的知识来填空．

【解答】解：散热风扇转动的过程中与空气摩擦，使扇叶带上了电，带电体的性质是可以吸引轻小的物体，所以扇叶就把灰尘吸附在表面上了．

故答案为：电（或电荷，或静电）；吸引．

11．在一段导体两端加2V电压时，通过它的电流强度是0.4A，这段导体的电阻是　5　Ω；10s内电流做功为　8　 J；如果在它的两端不加电压，这段导体的电阻是　5　Ω．

【考点】欧姆定律的变形公式．

【分析】本题考查欧姆定律的计算及电阻的决定因素，由欧姆定律可求得导体的电阻；

利用Q=I2Rt求通电10s产生的热量；

由电阻的性质可知不加电压时的电阻值不变．

【解答】解：由欧姆定律得：R===5Ω；

通电10s产生的热量：Q=I2Rt=（0.4A）2×5Ω×10s=8J；

因导体电阻由导体本身决定，当不加电压时，故导体内的电阻不变，仍为5Ω．

故答案为：5；8；5．

12．两只定值电阻，甲标有“20Ω  1A”，乙标有“10Ω 3A”，把它们串联起来，为了保护电路，电路两端的允许的最大电压为　30　V；把它们并联起来，为保护电路，电路两端允许的最大电压为　20　V．

【考点】欧姆定律的变形公式．

【分析】（1）串联电路中各处的电流相等，电路中的最大电路为两定值电阻允许通过最大电压中最小的一个，再根据电阻的串联和欧姆定律求出串联电路两端允许加的最大电压；

（2）根据欧姆定律求出两定值电阻两端允许所加的最大电压，两电阻并联时各支路两端的电压相等，电路两端的最大电压为两者允许所加最大电压中较小的一个．

【解答】（2016盘锦物理）解：

（1）由两定值电阻的铭牌可知，两者允许通过的最大电流分别为：

I甲=1A，I乙=3A，

因为串联电路中各处的电流相等，

所以两电阻串联起来时，电路中的最大电流I=1A，

因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以根据欧姆定律可得，串联电路两端允许加的最大电压：

U串=I（R甲+R乙）=1A×（20Ω+10Ω）=30V；

（2）两定值电阻两端允许所加的最大电压分别为：

U甲=I甲R甲=1A×20Ω=20V，U乙=I乙R乙=3A×10Ω=30V，

因为并联电路中各支路两端的电压相等，

所以两电阻并联时，并联电路两端允许加的最大电压U并=U甲=20V．

故答案为：30；20．

13．如图（a）所示的电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电源两端的电压不变，改变R的滑片位置，电压表示数随电流变化的图象如图（b）所示，则根据以上条件可知R0的阻值为　1　Ω，滑动变阻器R最大阻值为　9　Ω．

【考点】（2016盘锦物理）欧姆定律的应用．

【分析】分析清楚电路结构，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出电阻R0的阻值．

【解答】解：由图（a）所示电路图可知，R0与滑动变阻器串联，

电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路电流；

由图象可知，当U滑=8V时，I=2A，U滑′=4V时，I′=6A，

串联电路中总电压等于各分电压之和，

由I=可知电阻两端电压：U=IR，

电源电压：U=U滑+IR0=8V+2A×R0，

U=U滑′+I′R0=4V+6A×R0，

解得：U=10V，R0=1Ω，

滑动变阻器阻值全部接入电路时，滑动变阻器两端电压最大，

由图示图象可知，此时：U滑=9V，I=1A，

由I=可知，滑动变阻器最大阻值：R滑最大===9Ω；

故答案为：1；9．

14．如图所示，电阻R1、R2之比为3：1，当开关S闭合后，R1、R2两端电压之比为　3：1　；R1、R2消耗的电功率之比为　3：1　．

【考点】欧姆定律的变形公式；电功率与电压、电流的关系．

【分析】（2016盘锦物理）由电路图可知，R1与R2串联，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据P=I2R求出两电阻的电功率之比．

【解答】解：

由电路图可知，R1与R2串联，

因为串联电路中各处的电流相等，

所以根据I=可得，R1与R2两端电压之比： ===；

因为P=I2R，

所以R1与R2消耗的电功率之比： ===．

故答案为：3：1；3：1．

15．（2016盘锦物理）如图所示，电源电压保持不变，电阻R1=6Ω，R2=4Ω．（假设灯丝的电阻不变）

（1）当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.6A，电路总电阻是　10　Ω．电源电压为　6　V．

（2）当开关S1、S2和S3都闭合时，电流表示数为1.5A，此时通过R1的电流是　1　A，灯泡的电阻是　12　Ω．

【考点】欧姆定律的应用．

【分析】（1）当开关S1闭合，S2、S3断开时，电阻R1与R2串联，根据串联电路电阻的特点求出电路的总电阻；

此时电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源电压；

（2）当开关S1、S2和S3都闭合时，灯泡L与R1并联，R2被短路，根据并联电路的电压特点可知电阻R1两端的电压；

根据欧姆定律求出通过电阻R1的电流；进一步求出通过灯泡的电流；利用欧姆定律可求灯泡的电阻．

【解答】解：

（1）当开关S1闭合，S2、S3断开时，

电路总电阻是R=R1+R2=6Ω+4Ω=10Ω；

电源电压U=I1R=0.6A×10Ω=6V；

（2）当开关S1、S2和S3都闭合时，灯泡L与R1并联，R2被短路，

因为并联电路各支路两端的电压相等，

所以电阻R1两端电压等于电源电压U=6V；

此时通过R1的电流是I1===1A；通过灯泡的电流IL=I﹣I1=1.5A﹣1A=0.5A；灯泡的电阻RL===12Ω．

故答案为：（1）10；6；（2）1；12．

16（2016盘锦物理）．电子式电能表表盘上标有“3200imp/（kW•h）”字样（imp表示闪烁次数）．将某用电器单独接在该电能表上正常工作30min，电能表指示灯闪烁了320次，该用电器在上述时间内消耗的电能为　0.1　kW•h，该用电器的额定功率是　200　W．

【考点】电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算；额定功率．

【分析】电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表．

3200imp/（kW•h）的含义是：电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次．

根据题目所给条件和电功率的公式P=，进行解答．

【解答】解：因为电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次．

所以当指示灯闪烁320次时，消耗的电能为W==0.1kW•h，

t=30min=0.5h

用电器的额定功率P===0.2kW=200W．

故答案为：0.1；200．

17．（2016盘锦物理）铭牌上均标有“220V 100W”的电视机和电热毯都正常工作1小时，则　电热毯　产生的热量较多．

【考点】电热．

【分析】电流做功，实质上是消耗电能转化为其它形式的能的过程，根据用电器消耗的电能与其他形式能的转换进行分析．

【解答】解：已知电视机和电热毯的功率相同，工作时间也相同，由W=Pt可得，它们消耗的电能相同，但电热毯将消耗的电能全部转换为内能产生热量，而电视机将消耗的电能一部分转换为内能，还转化为光能等，因此电热毯产生的热量较多．

故答案为：电热毯．

18．在某一温度下，两个电路元件甲和乙中的电流与电压的关系如图所示．甲原件的电阻为　5　欧，若将元件甲、乙并联后接在电压为2V的电源两端，元件甲和乙消耗的总功率为　1.2　W．

【考点】电功率的计算；欧姆定律的变形公式．

【分析】首先根据图象得出两电路元件在2V时的电流，元件甲的U﹣I图象是过原点的直线，元件甲是定值电阻，根据欧姆定律求出元件甲的阻值；再根据并联电路的特点求出干路电流，根据P=UI求出两电路元件并联时电路消耗的功率．

【解答】解：

（1）（2016盘锦物理）由图象可知，当两个电路元件的电路为2V时，通过甲的电流为0.4A，通过乙的电流为0.2A．

由欧姆定律可得元件甲的电阻：

R甲===5Ω；

（2）将元件甲、乙并联后接在电压为2V的电源两端时，

干路电流：

I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A，

消耗的总功率：

P=UI=2V×0.6A=1.2W．

故答案为：5；0.6；1.2．

19．智能手机上已普遍使用电阻触摸屏，如图在竖直方向上触摸屏相当于一根电阻丝，触摸P点时电阻丝被分为上、下两部分，电阻分别为R1、R2．电源电压不变，当触摸点在竖直方向移动时，若测得R1两端电压减小，则R1阻值　减小　，触摸点P到屏下端的距离　增大　（均填“增大”、“减小”或“不变”）．

【考点】（2016盘锦物理）欧姆定律的应用．

【分析】从电路图可知，R1、R2串联，电流相等，根据公式U=IR可知，电阻越大，电阻两端的电压越大．从电路图可以看出R1的电阻变化与屏下端的距离的关系．

【解答】解：∵R1、R2串联，

∴通过两电阻的电流相等，

当R1两端电压减小时，

∵U=IR，

∴R1的电阻在减小，

从电路图可以看出R1的电阻减小，应该是增大到屏下端的距离．

故答案为：减小；增大．

20．如图是额定电压220V、额定功率8.8W的LED灯，该灯的额定电流为　0.04　A．若它每天正常发光5h，一个月（30天）消耗的电能是　1.32　kW•h．与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，假设LED灯只需要白炽灯10%的电能，则这个LED灯与功率为　88　W的白炽灯亮度相当．

【考点】电功率与电压、电流的关系；电功率与电能、时间的关系；电功率的计算．

【分析】（1）知道额定电压和额定功率，根据P=UI求出额定电流；

（2）LED灯正常发光时的功率和额定功率相等，根据P=求出一个月消耗的电能；

（3）消耗的电能之差与白炽灯消耗的电能之比就是节约的百分比，据此进行解答．

【解答】（2016盘锦物理）解：（1）由P=UI可得，LED灯泡的额定电流：

I===0.04A；

（2）由P=可得，一个月消耗的电能：

W=Pt=8.8×10﹣3kW×5h×30=1.32kW•h；

（3）设两种灯泡正常发光的时间为t，

由P=可得，LED消耗的电能：

W1=P1t=0.088kW•t，白炽灯消耗的电能为W2=P2t，

因在达到相同亮度的条件下，LED灯可以节约10%的电能，

所以， =10%，

解得：P2=0.088kW=88W．

故答案为：0.04；1.32；88．

21．（2016盘锦物理）某同学把标有“8V 16W”的灯泡L1和“12V 36W”的灯泡L2串联在电路中，闭合开关后，其中一只灯泡能正常发光，另一只没有达到额定电压．由此可知电源电压为　16　V，此时L1的实际功率　等于　 L2的实际功率（选填“大于”或“等于”或“小于”）．

【考点】电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用．

【分析】根据小灯泡的额定电压和额定功率分别求出两灯泡的电阻，由两只灯泡电阻相同，可知分得的电压相等，从而求出电路中的总电压和总电流，然后根据两灯电阻相同、电压相同可知两灯泡的实际功率关系．

【解答】解：由P=可得，两灯泡的电阻分别为：

R1===4Ω，R2===4Ω，

根据串联电路电阻的分压特点可知，两只灯泡电阻相同时，分得的电压相等；

所以L1正常发光，U1=8V，

L2没有到达额定功率，U2=U1=8V，（电阻相同，分得的电压相同）

串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以电源电压U=U1+U2=8V+8V=16V，

串联电路中各处的电流相等，

所以L1的实际功率等于L2的实际功率．

故答案为：16；等于．

22．（2016盘锦物理）如图所示电路中，电源电压保持12V电压不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，定值电阻R1为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω，电压表使用的量程是0～3V．为了保证电路的安全，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为　18Ω～30Ω　．

【考点】欧姆定律的应用．

【分析】从电路图可知，滑动变阻器、灯L、电阻R1串联，电压表测量R1两端的电压，

由电压表示数最大为3V，为了保护电压表，根据欧姆定律可求电路中的最大电流；

由小灯泡L的铭牌可求灯的电阻、正常工作电流，从而得出为了保护灯，根据欧姆定律可求电路中的最大电流；比较得出电路中的最大电流；利用欧姆定律求滑动变阻器接入电路中的最小阻值．

【解答】解：

为了保护电压表，电路中的最大电流：

I===0.3A，

为了保护灯，电路中的最大电流：

I′===0.5A，

所以为了保证电路的安全，电路中的最大电流应为0.3A，

因为I==，RL===12Ω

即：0.3A=，

解得：R小=18Ω．

所以滑动变阻器接入电路中的阻值范围为18Ω～30Ω．

故答案为：18Ω～30Ω．

三.作图题（本题包括3个小题，共9分）

23．如图所示电路的○里填上适当的电表符号，要求：使两灯L1、L2并联．

【考点】（2016盘锦物理）电流表的连接；电压表的连接．

【分析】（1）电流表串联在电路中，电压表并联在电路中．

（2）要使灯L1、L2并联，必须让两灯分别在两个支路，每个灯都不能在干路．

【解答】解：要使两灯并联，从电源正极流出的电流应分别流入灯泡L1、L2，流过两灯泡中的电流应汇合共同流回负极，故与正极相连○里是电流表，中间○里是电压表，上边的○里是电流表，见下图：

24．小刚同学所连的电路如图所示，请在虚线框内画出对应的电路图．

【考点】根据实物图画电路图．

【分析】由实物图可知，两灯泡并联，开关S控制整个电路，S2控制L2，根据实物图完成电路图即可．

【解答】解：电流从正极开始分支，一支经灯泡L1，另一支经开关S2、灯泡L2，然后两支汇合共同经过开关S1回到电源负极．如图所示：

25．请根据图甲中的电路图连接图乙中的实物电路．

【考点】实物的电路连接．

【分析】（2016盘锦物理）先分析两灯泡的连接方式以及开关的作用、电压表的测量对象，然后根据电路图将实物电路连接起来．

【解答】解：两灯泡串联，开关控制整个电路，电压表并联在灯泡L2的两端，根据要求用导线将实物电路连接起来．如图所示：

四．简答题

26．小峰放学回家，发现楼道里的白炽灯只在天黑后，有声音时，灯才会亮．他查找物理书得知，在控制开关中装有“声敏”和“光敏”装置，这两种装置的连接方式是　串联　．有一次他还发现楼道白炽灯亮了一下就熄灭了，请你帮他分析为什么白炽灯在刚开始发光时容易烧断？我国已经禁止生产白炽灯，倡导用节能灯替代白炽灯，这样做有什么好处？

【考点】焦耳定律的计算公式及其应用；串联电路和并联电路的辨别．

【分析】（1）白炽灯只在天黑后，有声音时才会亮，说明“声敏”和“光敏”装置相互影响、不能独立工作，据此进行解答；

（2）影响电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积和温度，在电路接通的瞬间，温度较低，灯丝的电阻较小，根据电功率的知识进行分析；

（3）根据节能灯的节能、环保、经济等进行解答．

【解答】解：（1）由题意可知，“声敏”和“光敏”装置相互影响、不能独立工作，即为串联；

（2）白炽灯刚开始发光时，温度低，电阻小，由Q=t可知，当电压一定时，电阻越小，相同的时间内产生的热量越多，温度越高，所以灯泡灯丝容易断；

（3）用节能灯替代白炽灯可以节能、环保，更经济．

答：（2016盘锦物理）串联；白炽灯刚开始发光时，温度低，电阻小，由Q=t可知，当电压一定时，电阻越小，相同的时间内产生的热量越多，温度越高，所以灯泡灯丝容易断；用节能灯替代白炽灯可以节能、环保，更经济．

五．计算题（本题包括3个小题，共22分．要求写出必要的文字说明，公式，计算过程，数值，单位和答）

27．如图所示的电路中，电阻R1=20Ω，当若断开开关S2，闭合S1，电流表的示数I1=0.30A；当若闭合开关S1、S2，电流表的示数I2=0.8A．求：

（1）电源两端的电压．

（2）电阻R2的阻值．

（3）电流通过电阻R2在2min内所做的功．

【考点】欧姆定律的变形公式；电功的计算．

【分析】（1）若断开S2、闭合S1，则只有R1接入电路，则由欧姆定律可求得电源两端的电压；

（2）闭合S1、S2，两电阻并联，则由并联电路的电流规律可得出通过R2的电流，则由欧姆定律可求得R2的阻值；

（3）由焦耳定律可求得R2在2min内产生的热量．

【解答】解：

（1）由欧姆定律，电源两端电压：U=I1R1=0.3A×20Ω=6V；

（2）通过电阻R2的电流I=I2﹣I1=0.8A﹣0.3A=0.5A；

由欧姆定律 可得R2的阻值：R2===12Ω；

（3）由焦耳定律得，电阻R2通电2min产生的热量Q=I2R2t=（0.5A）2×12Ω×120s=360J．

答：

（1）电源两端的电压为6V；

（2）R2的阻值为12Ω；

（3）电阻R2通电2min产生的热量为360J．

28．（2016盘锦物理）如图所示，电源两端电压保持不变，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”、当滑片P在中点时电流表为0.24A，电压表为7.2V、求：

（1）电阻R1和电源电压；

（2）滑动变阻器移到左端时，电流表和电压表的读数．

【考点】欧姆定律的应用．

【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）当滑片P在中点时，根据欧姆定律求出电阻R1的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；

（2）滑动变阻器移到左端时，变阻器接入电路中的电阻最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数．

【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）当滑片P在中点时，

由I=可得，电阻R1的阻值：

R1===30Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电源的电压：

U=I（R1+）=0.24A×（30Ω+）=9.6V；

（2）（2016盘锦物理）滑动变阻器移到左端时，变阻器接入电路中的电阻最大，

则电路中电流表的示数：

I′===0.192A，

电压表的示数：

U1′=I′R1=0.192A×30Ω=5.76V．

答：（1）电阻R1的阻值为30Ω，电源电压为9.6V；

（2）滑动变阻器移到左端时，电流表的读数为0.192A，电压表的读数为5.76V．

29．某电热水壶容量1.5L 额定电压220V 额定功率1500W，装入一满壶20℃的凉水，通电正常工作6分钟即被烧开至100℃．已知水的比热容c=4.2×103J/（kg•℃） 求：

（1）该过程中水吸收的热量．

（2）6分钟内电水壶消耗的电能．

（3）电热水壶的效率．

【考点】电功与热量的综合计算．

【分析】（1）一满壶水的体积和其容积相等，根据m=ρV求出水的质量，又知道水的初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm（t2﹣t1）求出该过程中水吸收的热量；

（2）电水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据W=Pt求出6分钟内电水壶消耗的电能；

（3）知道消耗的电能和水吸收的热量，根据η=×100%求出该电热水壶的效率．

【解答】（2016盘锦物理）解：（1）水的体积：

V=1.5L=1.5dm3=1.5×10﹣3m3，

由ρ=可得，水的质量：

m=ρV=1.0×103kg/m3×1.5×10﹣3m3=1.5kg，

一标准大气压下水的沸点是100℃，则加热过程中水吸收的热量：

Q吸=cm（t2﹣t1）=4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×=5.04×105J；

（2）由P=可得，6分钟内电水壶消耗的电能：

W=Pt=1500W×6×60s=5.4×105J；

（3）电热水壶的效率：

η=×100%=×100%≈93.3%．

答：（1）该过程中水吸收的热量为5.04×105J；

（2）6分钟内电水壶消耗的电能为5.4×105J；

（3）电热水壶的效率为93.3%．

六.实验探究题（本题包括5个小题，共36分）

30．（2016盘锦物理）甲乙两小组探究“电流与电压和电阻的关系”，老师提供的实验器材有：电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一个，开关一个，四个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω），两只滑动变阻器（规格分别为“20Ω  2A”、“50Ω  1A”），小灯泡一只（额定电压3.8V），导线若干．

（1）甲小组探究“电流与电压的关系”

①请你根据图甲的电路图用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整．

②他们将5Ω的电阻接入电路，检查无误后　闭合　开关，发现电压表无示数，电流表有示数，造成这一现象的原因可能是　定值电阻短路　（写出一条即可）．

③排除故障后进行实验得到的数据如表，由此可得到的实验结论是　电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比　．

（2）乙小组探究“电流与电阻的关系”

①将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V，并记下相应的电流值．再用10Ω的电阻替代5Ω的电阻，此时滑片应　左　（选填“左”或“右”）端移动，移动滑动变阻器的目的是　保持定值电阻两端电压一定　．

②为了完成用四个定值电阻进行实验，应选择滑动变阻器的规格是　50Ω1A　．

③他们用小灯泡替换定值电阻，移动滑片，使小灯泡正常发光，电流表示数如丙图所示，则小灯泡的额定功率是　1.14　W．

【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．

【分析】（1）①由电路图可知，电压表与电阻R并联，然后根据电流从正接线流入，负接线柱流出将电流表接入电路中；

②电流表有示数，表明电流表所在电路接通；电压表无示数表明电阻短路，或电压表断路，或电压表短路；

③电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；

（2）①当将电阻由5Ω更换为10Ω后，定值电阻阻值变大，定值电阻分压变大，滑动变阻器分压变小，为保证电阻两端电压不变，应移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变大，使定值电阻两端电压保持1.5V不变．

②滑动变阻器最大阻值太小，滑动变阻器的最大分压太小，定值电阻不能达到1.5V，为使实验能正常进行，可以更换最大阻值大的滑动变阻器或使定值电阻两端电压变大．

③确定电流表选择的量程和最小分度值，读出示数，根据P=UI计算出额电功率．

【解答】解：（1）①定值电阻与滑动变阻器、电流表串联接入电路；电压表与电阻并联，电流从“+”接线柱流入，从“﹣”接线柱流出；如图所示：

②检查无误后闭合开关，电流表有示数，表明电路接通；电压表无示数表明定值电阻短路，电压表相当与和一段导线并联，故无示数；或者电压表断路（或电压表短路）；

③分析数据可得出结论：电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；

（2）（2016盘锦物理）①定值电阻由5Ω更换为10Ω后，定值电阻分压变大，大于原来的电压，为保持定值电阻两端电压不变，由电路图可知，应向左移动滑动变阻器滑片，增大滑动变阻器接入电路的阻值，增大滑动变阻器的分压，使定值电阻两端电压减小到原来的1.5V，保持定值电阻两端电压一定．

②实验中，当定值电阻是20Ω时，流过电路的电流I===0.075A，滑动变阻器接入电路的阻值应为R滑===40Ω，故应选择规格为“50Ω 1A”的滑动变阻器；

③电流表选择0～0.6A量程，最小分度值为0.02A，示数为0.3A，小灯泡的额电功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W．

故答案为：（1）①见上图；②闭合；定值电阻短路；③电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；（2）①左；保持定值电阻两端电压一定；②50Ω1A；③1.14．

31．如图1所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验．将质量相等的沙子和水分别装在易拉罐中，并测出沙子和水的初温．然后用酒精灯加热并不断搅拌，每隔1min记录一次温度．

实验记录如下表

（1）实验中，加热时间实质上反映了　水和沙子吸收热量的多少　．

（2）根据实验数据，在图2中画出沙子和水的温度随时间变化的图象．

（3）分析图象可知，对于质量相等的沙子和水：吸收相等热量，升温较快的是　沙子　；若使两者升高相同的温度，则　水　 吸收的热量较多．通过大量类似实验，人们发现了物质的又一种物理属性，物理学将这种属性叫做　比热容　．

【考点】（2016盘锦物理）探究比热容的实验．

【分析】（1）实验中通过加热时间来反映水和沙子吸收热量的多少；

（2）根据表格中数据描点，并用平滑的曲线连接起来；

（3）分析图象分析水和沙子的温度变化情况，得出结论．

【解答】解：（1）实验中，加热时间实质上反映了水和沙子吸收热量的多少，加热时间越长，说明吸收热量越多．

（2）根据实验数据，在图2中画出沙子和水的温度随时间变化的图象，如图所示：

．

（3）分析图象可知，对于质量相等的沙子和水：吸收相等热量，升温较快的是沙子；

若使两者升高相同的温度，水加热时间较长，说明吸收的热量较多．

由上可知，水吸热能力较强，物理学将这种属性叫做比热容．

故答案为：（1）水和沙子吸收热量的多少；（2）见上图；（3）沙子；水；比热容．

32（2016盘锦物理）为了探究“电流产生的热量与电阻大小的关系”，小伟同学采用了如图所示的实验装置，其中R1＜R2．

（1）甲、乙两瓶中装入了质量和初温度相同的同种液体的原因是　便于用温度计升高的示数反应电阻丝放热的多少　．

（2）实验中R1、R2采用　串联　（填“串联”或“并联”）的连接方法是为了控制　电流　、　通电时间　相同．

（3）在通电时间相同时，两玻璃管内煤油上升较高的是　乙　（填“甲”或“乙”）瓶．由此可知　在电流和通电时间相同时，电阻越大，电流产生的热量越多　．

【考点】焦耳定律．

【分析】（1）通电导体产生热量的多少，通过温度计示数的变化反映热量的多少；

（2）探究“电流产生的热量与电阻大小的关系”时，需要采用控制变量法使其他因素不变；

（3）由焦耳定律可知相同时间内，在电流相同的情况下，电阻越大，电流产生的热量越多．

【解答】解：（1）甲、乙两瓶中装入了质量和初温度相同的同种液体的原因是便于用温度计升高的示数反应电阻丝放热的多少；

（2）因两烧瓶中的电阻丝串联，则由串联电路的电流规律可知通过两瓶中电阻丝的电流相等，即控制电流和通电时间一定时，可探究电流产生的热量与电阻的关系；

（3）由已知条件可知R1＜R2，由于串联两电阻中电流相等，在同一电路中通电时间相同，由Q=I2Rt可得：电流相同的情况下，电阻越大，则电流产生的热量越多，所以乙瓶中温度计示数较大．

故答案为：

（1）便于用温度计升高的示数反应电阻丝放热的多少；

（2）串联、电流、通电时间；

（3）乙；在电流和通电时间相同时，电阻越大，电流产生的热量越多．

33．（2016盘锦物理）在测量小灯泡电功率的实验中，小明同学选取了一个标有“3.8V”、额定功率约为1W的小灯泡和必要的实验器材，连接的电路如图甲所示．

（1）实验原理　P=UI　．

（2）请指出图中的两处错误：

①　电流表正负接线柱接反了　；②　滑动变阻器连接的是下面两个接线柱　．

（3）改正错误后，闭合开关，如果发现灯泡发出特别耀眼的光，且此时电流表和电压表都有示数，出现该现象的原因可能是　滑动变阻器的滑片没在阻值最大处　．

（4）故障排除后，移动变阻器的滑片，小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，此时的电流为　0.32　A，小灯泡的额定功率为　1.216　W．

（5）分析小明在表中记录的实验数据可知，小灯泡的发光亮度是由灯泡的　实际功率　决定的．灯丝的电阻随两端电压的增加而　增大　（填“增大”或“减小”），灯丝电阻发生变化的本质是电阻随　温度升高　而增大．

【考点】电功率的测量．

【分析】（1）伏安法测电功率的原理是P=UI；

（2）连接电流表时，电流要从正接线柱流入、从负接线柱流出；滑动变阻器要一上一下的串联接入电路；

（3）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片要处在阻值最大处；

（4）由图乙读出灯泡正常发光时的电流，由P=UI计算小灯泡的额定功率；

（5）分析比较表格中电功率的数据确定灯泡发光亮度的决定因素；根据表中实验数据应用欧姆定律、从温度对电阻的影响分析答题．

【解答】解：

（1）测量小灯泡电功率时，用电压表测量灯两端的电压、用电流表测量通过的电流，利用P=UI求灯的电功率，所以该实验的原理是P=UI；

（2）由图知，电流表的接法错误，正负接线柱接反了；另外，滑动变阻器连接的是下面两个接线柱，相当于定值电阻，不能改变接入电路的阻值；

（3）灯泡亮得耀眼，且电流表和电压表都有示数，说明电流较大，总电阻较小，原因是滑动变阻器的滑片没在最大阻值处，起不到保护电路的作用；

（3）由图乙知，电流表使用0～0.6A量程，分度值0.02A，电压表的示数为3.8V时灯泡正常发光，此时电流表示数为0.32A，

小灯泡的额定功率为：P=UI=3.8V×0.32A=1.216W；

（4）（2016盘锦物理）根据表中数据可知，灯泡的实际功率越大，灯泡越亮，因此小灯泡的发光亮度是由灯泡的实际功率决定的；

由表中实验数据可知，随灯丝两端电压增大，灯丝的实际功率变大，则灯丝的温度升高，并且电压与电流的比值增大，即灯丝电阻增大，由此可知，灯丝电阻随灯丝温度的升高而增大．

故答案为：

（1）P=UI；

（2）电流表正负接线柱接反了；滑动变阻器连接的是下面两个接线柱；

（3）滑动变阻器的滑片没在阻值最大处；

（4）0.32；1.216；

（5）实际功率；增大；温度升高．

34．在伏安法测电阻的实验中，所用实验器材如下：电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、开关、待测电阻RX、滑动变阻器（最大阻值20Ω）各一个，导线若干．

（1）实验原理：　R=　．

（2）小丽连接完实验电路后，闭合开关，通过调节滑动变阻器测得几组数据，并由此计算出待测电阻的阻值，有关记录和计算如表所示．

小华认为一个电阻三次测量的结果不可能相差这么大，分析应该是在连接电路时出现了问题，产生错误的原因是　电压表并联在了滑动变阻器两端　．

（3）找出错误的原因后，小丽准备重新连接电路进行测量，但小华认为不必重测，利用表中记录的错误数据就能算出应该记录的正确数据．表格中错误的数据是　电压　（填“电压”或“电流”），其中第一次正确的记录应是　2.4V　，此次测量计算出的待测电阻应是　10　Ω．

（4）实验中三次测量RX的目的是　求平均值减小实验误差　．

【考点】伏安法测电阻的探究实验．

【分析】（1）伏安法测电阻的原理是：R=；

（2）由表中数据可知，电压表的示数减小时，电路中的电流增大，说明电压表不是并联在待测电阻两端，而是并联在了滑动变阻器两端；

（3）电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，待测电阻两端的电压等于电源的电压减去滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出待测电阻的阻值；

（4）伏安法测电阻中应多次测量求平均值减小误差．

【解答】（2016盘锦物理）解：（1）伏安法测电阻就是使用电压表测出该电阻两端的电压，使用电流表测出通过该电阻的电流．用电压除以电流求出电阻，实验原理即R=；

（2）由表中数据可知，电压表的示数减小时，电路中的电流增大，且电阻的阻值减小，说明电压表并联在了滑动变阻器两端；

（3）由电压表测滑动变阻器两端的电压可知，故表中电压表的示数错误；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以第一次正确的记录应是Ux=U﹣U滑=6V﹣3.6V=2.4V，

由I=可得，Rx===10Ω；

（4）实验中三次测量RX的目的是求平均值减小实验误差．

故答案为：（1）R=；（2）电压表并联在了滑动变阻器两端；（3）电压；2.4V；10；（4）求平均值减小实验误差．

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