2018年柳州中考物理模拟试题word版（含解析）

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2018年柳州中考物理模拟试题

一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）

1．我们生活在声音的海洋中，风声、雨声、读书声、声声入耳．我们能区别出风声、雨声、读书声，是依据声

音的（　　）

A．音调              B．响度              C．音色              D．频率

2．如图所示的四种现象中，能用光的直线传播解释的是（　　）

A．手影              B．水面“倒影”

C．水中筷子“弯折”              D．雨后的彩虹

3．自然界中的云、雨、雪、雾、露、霜等现象都是水的物态发生变化形成的．如图中对水的物态变化描述正确的是（　　）

A．“缥缈的雾”是凝华现象              B．“晶莹的露”是液化现象

C．“凝重的霜”是凝固现象              D．“轻柔的雪”是液化现象

4．下列四幅图，能研究流体压强与流速关系的是（　　）

A．              B．              C．              D．

5．图中实例中能说明分子之间存在引力的是（　　）

A．花香扑鼻              B．气体扩散实验

C．压在一起的两铅柱能承重              D．一勺盐使整锅汤都有咸味

6．下列能源中，属于可再生能源的是（　　）

A．煤              B．石油              C．核能              D．水能

7．下列关于密度说法，你认为正确的是（　　）

A．固态物质的密度一定比液态物质的密度大

B．同种物质的密度一定相同

C．体积相同的实心铜块和铝块，铜块的质量大

D．密度跟物质质量成正比，跟体积成反比

8．如图所示，蜡烛经透镜所成的像是（　　）

A．倒立缩小的实像              B．正立放大的虚像

C．倒立放大的实像              D．正立缩小的虚像

9．在如图的电路中，闭合开关S后，两盏灯并联的是（　　）

A．              B．              C．              D．

10．如图所示的四个装置可以用来研究有关物理现象或说明有关原理，下列表述正确的是（　　）

A．图（1）可用来研究电磁感应现象

B．图（2）可用来研究电磁感应现象

C．图（3）可用来说明发电机原理

D．图（4）可用来研究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系

11．图中是一个两面光滑的斜面，∠β大于∠α，同一个物体分别在AC和BC斜面受拉力匀速运动到C点，所需拉力分别为FA、FB，所做功分别为WA、WB，则（　　）

A．FA=FB WA=WB              B．FA＜FB WA=WB              C．FA＜FB WA＜WB              D．FA＞FB WA＞WB

12．标有“4V 1W”的小灯泡和“20Ω 1A”的滑动变阻器连接在如图所示的电路中，电源电压为6V，电流表量程为“0﹣0.6A”，电压表量程为“0﹣3V”；为确保电路安全，闭合开关后，下面说法正确的是（不考虑温度对电阻的影响）（　　）

A．电压表示数变化范围是0﹣3V

B．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是8Ω﹣16Ω

C．电流表示数变化范围是0.25﹣0.6A

D．灯泡的实际功率变化范围为0.176W﹣2.25W

二、填空题

13．给下面的数据填上适当的单位：普通中学生的身体质量约为50__________；教室课桌的高度约0.8__________．

14．“钻木”能“取火”，说明__________可以改变物体的内能；“烤火”能“取暖”，说明__________可以改变物体的内能．

15．一根60Ω的电阻丝接在36V的电源上，通过它的电流为__________A，在5min内共产生__________J的热量．

16．在足球比赛中，运动员起脚射门，足球离脚后，由于__________还能继续飞向球门，当球飞到最高点时，如果足球受到的力全部消失，足球将会处于__________状态．

17．如图所示，在电磁铁的正上方用弹簧挂一条形磁铁．当开关闭合后，条形磁铁与电磁铁的相互作用为__________（填“吸引”或“排斥”），当滑片P从a端到b端的滑动过程中弹簧的长度会变__________（填“长”或“短”）

18．如图一所示，一个重力不计的密闭的容器中装有质量为690g的水，静止在水平桌面上，容器底面积为120cm2，容器内水面到容器底的距离为6cm，水对容器底的压强为__________Pa；若把该容器倒放在该桌面上，如图二所示，那么容器对水平桌面的压强将__________（填“增大”“减少”或“不变”）．（水的密度为1×103Kg/m3）

19．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S电路正常工作，一段时间后，发现电路中至少有一个电表的示数变大，故障发生在电阻R1、R2上，其他元件仍保持完好，若电流表示数变大，电压表示数变小，则故障原因可能是__________；若电压表示数变大，电流表示数为0，则故障原因可能是__________．

20．小聪用如图所示的滑轮组将重4N的物体匀速提高2m，他做的有用功为__________J．若滑轮组的绳重及摩擦不计，他用这个滑轮组匀速提升9N的物体时，机械效率比提升4N物体时提高了10%，此时的拉力为__________N （已知动滑轮的重力小于4N）．

三、作图和实验探究题

21．作出图中物体AB在平面镜中所成的像A′B′．（保留作图痕迹）

22．如图所示是家庭电路的某一部分的示意图，请用笔画线代替导线把该电路连接完整，并且使之符合安全用用电的要求．

23．如图一所示，是小玉“探究物质熔化规律”的实验装置，图二是依据实验数据描绘出的该物质温度随时间变化的图象．

（1）实验中使用的温度计是根据__________的原理制成的；

（2）由图二可知，该物质是__________（选填“晶体”或“非晶体”）；

（3）该物质在BC段处于__________（选填“固体”“液体”或“固液共存”）状态．此过程中吸收热量，温度__________，内能__________．（选填“不变”“增加”或“减少”）

24．小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验，请你根据小明的实验探究回答下列问题．

（1）在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与__________的关系；根据A与E两图所标的实验数据，可知物体浸没在盐水中所受的浮力为__________N．

（2）小明对ABCD四个步骤进行了观察研究，发现浮力的大小有时与深度有关，有时与深度又无关．对此正确的解释是浮力的大小随着排开水的体积的增大而__________，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度__________．（选填“有关”或“无关”）

（3）在小明实验的基础上，根据有关实验数据，可以计算出盐水的密度为__________g/cm3．

（4）实验中某同学观察到将同一物体浸没在密度大的液体中时，弹簧测力计的示数越小，于是他灵机一动，在弹簧测力计下挂一个重为1.5N的物体，如图乙所示，当他把物体浸没在水中时，如图丙所示，弹簧测力计的读数为0.5N，他就在0.5N对应标上1.0g/cm3的字样；当他把物块浸没在酒精中时，如图丁所示，应该在弹簧测力计刻度盘的__________N处对应标上0.8g/cm3的字样，可将图甲中的装置改成一个液体密度秤．

25．测量小灯泡的电功率实验（小灯泡额定电压为2.5V）

（1）请根据实验目的，连接图1的电路．

（2）电路图正确连接后，电压表、电流表的示数及灯泡亮度如下表：

第3次实验的电压表、电流表示数如图2所示，请把实验数据填写在表中．

（3）哪次实验灯泡正常发光？__________（填写数据序号）．

（4）第5次实验看不到灯泡发光，电路是否断路？__________判断依据是什么？__________

（5）小明实验时，连接了如图3所示的实物图，连线有错误，在方框中画出与图连接情况对应的电路图．

（6）如图3所示电路，只是连线有错误，闭合开关，灯亮么？__________电压表指针是否有偏转？

四、综合应用题

26．天然气灶烧水，燃烧0.5m3的天然气，使100Kg的水从20℃升高到70℃．（C水=4.2×103J/（Kg•℃），天然气的热值为q=7.0×107J/m3．）

求：（1）0.5m3天然气完全燃烧放出的热量Q散；

（2）水吸收的热量Q吸；

（3）燃气灶的效率η．

27．如图所示，电源电压恒定不变，电阻R1的阻值为5Ω，小灯泡上标有“12V 6W”字样，闭合开关S．

求：（1）求小灯泡正常工作时的电流和电阻？

（2）当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片P移到最右端时，电流表的读数为1.7A，小灯泡恰能正常发光，求滑动变阻器的最大阻值？

（3）当开关S1、S2都断开，滑动变阻器的滑片P在最右端，求电流表的读数和滑动变阻器消耗的电功率？

28．（10分）（2016•柳江县一模）A、B、C是由密度为ρ=3.0×103kg/m3的某种合金制成的三个实心球，A球的质量mA=90g；甲和乙是两个完全相同的木块，其质量m甲=m乙=340g；若把B和C挂在轻质杠杆两端，平衡时如图1所示，其中MO：ON=3：1．若用细线把球和木块系住，放入底面积为400cm2的圆柱形容器中，在水中静止时如图2所示．在图2中，甲有一半体积露出水面，乙浸没水中（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg，杠杆、滑轮与细线的质量以及它们之间的摩擦忽略不计）．

（1）求A球体积和甲木块的体积、密度？

（2）求B和C的质量各为多少Kg？

（3）若将A球与甲相连的细线以及B球与乙相连的细线都剪断，甲和乙重新静止后，水对容器底部的压强变化了多少？

2018年柳州中考物理模拟试题参考答案

一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）

1．我们生活在声音的海洋中，风声、雨声、读书声、声声入耳．我们能区别出风声、雨声、读书声，是依据声

音的（　　）

A．音调              B．响度              C．音色              D．频率

【考点】音色．

【分析】音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关．风声、雨声、读书声是不同物体发出的声音，音色不同．

【解答】解：风声、雨声、读书声是不同物体发出的声音，我们能够分辨它们，是因为不同发声体的音色是不同的．

故选C．

【点评】本题考查声音的特征，相对比较简单，属于基础题．

2．如图所示的四种现象中，能用光的直线传播解释的是（　　）

A．手影              B．水面“倒影”

C．水中筷子“弯折”              D．雨后的彩虹

【考点】光在均匀介质中直线传播．

【分析】自然界中存在三种光现象：

1、光在同种均匀介质中沿直线传播，激光准直、小孔成像、影子、日食、月食都是光的直线传播形成的．

2、光的反射现象，平面镜成像、水中倒影等是光的反射形成的．

3、光的折射现象，池水及水中物体看起来比实际位置浅、彩虹等都是光的折射形成的．

【解答】解：A、手影是光沿直线传播形成的，故A正确；

B、水面的倒影是平面镜成像，是光的反射形成的，故B错误；

C、水中筷子弯折是光的折射形成的，故C错误；

D、雨后的彩虹是光的折射形成的，故D错误．

故选：A．

【点评】此题主要考查了光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因并注意它们间的区分．

3．自然界中的云、雨、雪、雾、露、霜等现象都是水的物态发生变化形成的．如图中对水的物态变化描述正确的是（　　）

A．“缥缈的雾”是凝华现象              B．“晶莹的露”是液化现象

C．“凝重的霜”是凝固现象              D．“轻柔的雪”是液化现象

【考点】液化及液化现象；生活中的凝华现象．

【分析】分析物态变化时，首先分析生成物的状态，然后看是由什么状态形成的，最后根据物态变化的知识来判断．

【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气液化形成的，是液化现象，故A错误．

B、露是由空气中的水蒸气遇冷形成的，是液化现象；故B正确．

C、霜是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，是凝华现象，故C错误．

D、雪是由空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，故D错误．

故选：B．

【点评】此题考查的是生活中物态变化现象的判断，解答这类题我们首先要判断出生成物的状态．

4．下列四幅图，能研究流体压强与流速关系的是（　　）

A．              B．              C．              D．

【考点】流体压强与流速的关系．

【分析】（1）如图是液体压强计，探究液体内部压强大小的仪器．

（2）如图探究流体压强跟流速的关系．

（3）如图是探究压力作用效果影响因素的实验．

（4）如图是托里拆利实验，可以测量大气压的值．

【解答】解：A、液体压强计探究液体内部压强的．不符合题意；

B、向两张纸中间吹气时，两张纸中间空气流速大，压强小，两张纸在两侧大气压作用下向中间靠拢．是探究流体压强和流速的关系．符合题意；

C、该现象表明压力的作用效果与接触面积有关，故不符合题意；

D、托里拆利实验测量大气压值．不符合题意；

故选B．

【点评】这些图都是课本上图片，要关注课本图片，并且分析和每一幅图相关的物理知识，有时中考就深入课本图片进行考查．

5．图中实例中能说明分子之间存在引力的是（　　）

A．花香扑鼻              B．气体扩散实验

C．压在一起的两铅柱能承重              D．一勺盐使整锅汤都有咸味

【考点】分子间的作用力．

【分析】分分子动理论的内容包括三点：物质是由分子构成的，分子在永不停息地做无规则的运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力．而扩散现象正是分子运动的宏观表现，分子间存在间隙．

【解答】解：

A、花香扑鼻，是由于分子是不断运动的，花香的微粒通过扩散运动周围的空气中去了，故A不符合题意．

B、扩散现象说明分子在不停地做无规则的运动，故B不符合题意；

C、紧压在一起的两个铅柱竖直悬挂起来不分开是因为分子间有引力，故C符合题意；

D、一勺盐使整锅汤都变咸了，是扩散现象，属于分子运动，故D不符合题意．

故选：C．

【点评】本题难度不大，掌握分子的基本性质及利用分子的基本性质分析和解决问题的方法是解答此类题的关键

6．下列能源中，属于可再生能源的是（　　）

A．煤              B．石油              C．核能              D．水能

【考点】能源的分类．

【分析】要解答本题需掌握：能在短时间内形成的、可重复利用的能源属于可再生能源．

【解答】解：煤、石油是化石能源，不可在短时间内形成，核能来自放射性核原料，一旦消耗，无法从地球中再获得，故都属于不可再生能源．

水能可重复利用，是可再生能源．

故选D

【点评】本题主要考查学生对可再生能源特点的了解和掌握，属基础知识的考查．

7．下列关于密度说法，你认为正确的是（　　）

A．固态物质的密度一定比液态物质的密度大

B．同种物质的密度一定相同

C．体积相同的实心铜块和铝块，铜块的质量大

D．密度跟物质质量成正比，跟体积成反比

【考点】密度及其特性．

【分析】密度是物质的一种特性，不随体积和质量而改变，根据密度公式ρ=可知，体积相等的不同物质，质量大的密度大；质量相等的不同物质，体积大的密度小．

【解答】解：

A、固态物质的密度不一定比液态物质的密度大，如干松木的密度小于水的密度，故A错误；

B、同种物质的状态不同时，密度一般不相同，例如，水和冰的密度就不同，故B错误；

C、因为ρ=，所以质量m=ρV，

因为ρ铜＞ρ铝，

所以体积相同的实心铜块和铝块，铜块的质量大，故C正确；

D、密度是物质的一种特性，不随体积和质量而改变，故D错误．

故选C．

【点评】解答此题的关键是正确理解密度公式的含义，物理公式和数学公式是不一样的，并不能完全像数学公式一样来分析成正比反比，因为物理公式有其特定的物理意义，分析物理公式时要结合具体物理量来进行．

8．如图所示，蜡烛经透镜所成的像是（　　）

A．倒立缩小的实像              B．正立放大的虚像

C．倒立放大的实像              D．正立缩小的虚像

【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．

【分析】根据凸透镜成像的规律：f＜u＜2f，成倒立放大的实像；由图解选出正确选项．

【解答】解：根据图示，蜡烛在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距之间，在光屏上成倒立、放大的实像；

故选C．

【点评】凸透镜成像的规律：

u＞2f，成倒立缩小的实像；

u=2f，成倒立等大的实像；

f＜u＜2f，成倒立放大的实像；

u=f，不成像；

u＜f，成正立放大的虚像．

9．在如图的电路中，闭合开关S后，两盏灯并联的是（　　）

A．              B．              C．              D．

【考点】串联电路和并联电路的辨别．

【分析】根据串、并联电路的连接特点和连接规律，对以上几个电路逐一分析，即可得出结论．

【解答】解：A、电路中没有电源，故A错误；

B、闭合开关后，电流从正极直接回到负极，造成短路，故B错误；

C、从正极开始连接，经过开关S后分支，一支经灯泡L1回到负极；另一支经灯泡L2回到负极；两只灯泡并联；故C正确；

D、闭合开关S对一个灯泡短路，故D错误．

故选C．

【点评】本题考查对电路图的分析，难点是明白电路中各个用电器的连接情况，对电路的正确分析是初中物理的难点．

10．如图所示的四个装置可以用来研究有关物理现象或说明有关原理，下列表述正确的是（　　）

A．图（1）可用来研究电磁感应现象

B．图（2）可用来研究电磁感应现象

C．图（3）可用来说明发电机原理

D．图（4）可用来研究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系

【考点】通电直导线周围的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素；直流电动机的原理；电磁感应．

【分析】（1）电流磁效应是指电流能产生磁场；

（2）电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流；

（3）研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中；

（4）比较电磁铁磁性强弱一般用不同的电磁铁来吸引大头针．

根据不同实验的特点，对照各图进行判断即可．

【解答】解：A、是演示电流的磁效应的实验装置，故A错误；

B、是研究电磁感应现象的实验装置，故B正确；

C、是演示磁场对电流作用的实验装置，是电动机的原理，故C错误；

D、是演示电磁铁中线圈匝数的多少与磁性强弱的关系的实验装置，故D错误．

故选B．

【点评】物理学是以观察和实验为主的实验学科，很多的物理知识都来源于实验，在学习中应重视实验的学习，要牢记一些重要实验装置图．

11．图中是一个两面光滑的斜面，∠β大于∠α，同一个物体分别在AC和BC斜面受拉力匀速运动到C点，所需拉力分别为FA、FB，所做功分别为WA、WB，则（　　）

A．FA=FB WA=WB              B．FA＜FB WA=WB              C．FA＜FB WA＜WB              D．FA＞FB WA＞WB

【考点】功的大小比较．

【分析】（1）斜面倾斜角度越大、越费力．斜面AC的倾斜角度小于斜面BC，所以斜面AC更省力；

（2）斜面光滑说明摩擦力为0，根据W=Gh可知所做功的关系．

【解答】解：（1）斜面AC倾斜角度小于BC，所以物体沿AC运动时拉力较小，即FA＜FB；

（2）斜面光滑说明摩擦力为0，由W=Gh可知，它们所做的功相等，即WA=WB．

故选B．

【点评】本题考查斜面的省力情况，物体做功的大小，关键是知道接触面光滑，摩擦力为0，使用任何机械都不省功．

12．标有“4V 1W”的小灯泡和“20Ω 1A”的滑动变阻器连接在如图所示的电路中，电源电压为6V，电流表量程为“0﹣0.6A”，电压表量程为“0﹣3V”；为确保电路安全，闭合开关后，下面说法正确的是（不考虑温度对电阻的影响）（　　）

A．电压表示数变化范围是0﹣3V

B．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是8Ω﹣16Ω

C．电流表示数变化范围是0.25﹣0.6A

D．灯泡的实际功率变化范围为0.176W﹣2.25W

【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．

【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出电压表的最小示数，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，然后与电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；

（2）根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当电压表的示数最大时，电流表的示数最小，灯泡消耗的电功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，据此可得电压表示数的变化范围，根据串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P=I2R求出灯泡消耗的最小功率，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，然后得出答案．

【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）灯泡正常发光时的电压UL=4V，最大实际功率PL=1W，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，电压表的最小示数：

U滑=U﹣UL=6V﹣4V=2V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，由P=UI可得，灯泡正常发光时电路中的电流：

I=IL===0.25A，

因灯泡的额定电流为0.25A，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，

所以，电路中的最大电流为0.25A，

由I=可得，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：

R滑===8Ω；

（2）灯泡的电阻：

RL===16Ω，

当电压表的示数U滑′=3V时，电流表的示数最小，灯泡消耗的电功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，

则电压表示数变化范围是2V～3V，故A错误；

此时灯泡两端的电压：

UL′=U﹣U滑′=6V﹣3V=3V，

电路中的最小电流：

I′===0.1875A，

所以，电流表示数变化范围是0.1875A～0.25A，故C错误；

灯泡消耗的最小功率：

PL′=（I′）2RL=（0.1875A）2×16Ω=0.5625W，

所以，灯泡的实际功率变化范围为0.5625W﹣1W，故D错误；

滑动变阻器接入电路中的最大阻值：

R滑′===16Ω，

所以，滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是8Ω～16Ω，故B正确．

故选B．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，会确定各量的最大和最小值是解题的关键．

二、填空题

13．给下面的数据填上适当的单位：普通中学生的身体质量约为50　kg　；教室课桌的高度约0.8　m　．

【考点】质量的估测；长度的估测．

【分析】此题考查对生活中常见物体、质量长度的估测，结合对生活的了解和对质量、长度单位的认识，填上符合实际的单位．

【解答】解：

成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右；

中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=0.8m左右．

故答案为：kg；m．

【点评】一个数据在数学上如果没有单位还可以表示出其大小，但在物理上一个数据如果没有单位是没有任何意义的，结合生活常识加上一个合适的单位，物理数据才有意义．

14．“钻木”能“取火”，说明　做功　可以改变物体的内能；“烤火”能“取暖”，说明　热传递　可以改变物体的内能．

【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能．

【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递．做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，有传导、对流和辐射三种方式．

【解答】解：

钻木取火，是克服摩擦做功，使木头的内能增加、温度升高，达到木头的着火点而燃烧，属于做功改变物体的内能；

“烤火”能“取暖”，是手从火吸收热量，使自己温度升高、内能增加，属于热传递改变物体的内能．

故答案为：做功；热传递．

【点评】本题考查了改变物体内能有两种方式：做功和热传递，二者是等效的．

15．一根60Ω的电阻丝接在36V的电源上，通过它的电流为　0.6　A，在5min内共产生　6480　J的热量．

【考点】焦耳定律．

【分析】（1）已知电阻与电阻两端的电压，由欧姆定律可求出流过电阻的电流；

（2）已知电压、电流与通电时间，由Q=UIt可以求出电阻丝产生的热量．

【解答】解：（1）通过电阻丝的电流I===0.6A；

（2）该电阻丝在t=5min=300s内产生的热量

Q=UIt=36V×0.6A×300s=6480J；

故答案为：0.6；6480．

【点评】本题考查了求流过电阻丝的电流、电阻丝产生的热量，是一道基础题；熟练掌握欧姆定律及电功公式即可解题．

16．在足球比赛中，运动员起脚射门，足球离脚后，由于　惯性　还能继续飞向球门，当球飞到最高点时，如果足球受到的力全部消失，足球将会处于　匀速直线　状态．

【考点】惯性现象．

【分析】①物体都有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，即惯性；

②根据牛顿第一定律可得，当物体不受任何力的作用时，物体将保持静止或匀速直线运动．

【解答】解：

在足球比赛中，运动员起脚射门，足球由静止变为运动，足球离开脚后，由于惯性，仍然要保持原来的运动状态，所以能继续飞向球门；

当球飞到最高点时，水平方向球的速度为不为零，如果此时受到的力全部消失，根据牛顿第一定律可知，足球将会处于匀速直线状态．

故答案为：惯性；匀速直线．

【点评】物体不受力或所受合力为零，物体的运动状态不会改变，即物体处于静止状态或做匀速直线运动状态．

17．如图所示，在电磁铁的正上方用弹簧挂一条形磁铁．当开关闭合后，条形磁铁与电磁铁的相互作用为　排斥　（填“吸引”或“排斥”），当滑片P从a端到b端的滑动过程中弹簧的长度会变　短　（填“长”或“短”）

【考点】通电螺线管的磁场．

【分析】①先根据电流的方向，利用安培定则可判断螺线管的极性，再根据磁极间的相互作用可判断与条形磁体的作用力；

②根据滑动变阻器的变化，可判断电流大小的变化，知道电流越大，螺线管的磁性越强．

【解答】解：①读图可知，电流从螺线管的上端流入，下端流出，右手握住螺线管，使四指指向电流方向，则螺线管的上端为S极．根据同名磁极相互排斥可知，条形磁铁与电磁铁的相互作用为排斥；

②当滑片P从a端到b端的滑动过程中，变阻器的阻值变小，电路中的电流变大，因此，电磁铁的磁性变强，与条形磁铁的排斥力变大，故弹簧会变短一些．

故答案为：排斥；短．

【点评】此题将通电螺线管的判断、磁极间的相互作用、电路的动态变化进行了有机的结合，难度虽然不大，但环环相扣，应细心作答，才不会颠倒出错．

18．如图一所示，一个重力不计的密闭的容器中装有质量为690g的水，静止在水平桌面上，容器底面积为120cm2，容器内水面到容器底的距离为6cm，水对容器底的压强为　600　Pa；若把该容器倒放在该桌面上，如图二所示，那么容器对水平桌面的压强将　增大　（填“增大”“减少”或“不变”）．（水的密度为1×103Kg/m3）

【考点】液体的压强的计算；压强的大小及其计算．

【分析】（1）利用p=ρ液gh求解水对容器底的压强；

（2）首先分析容器对水平面的压力和受力面积的变化，然后利用p=分析容器对水平桌面的压强的变化．

【解答】解：（1）水对容器底的压强：

p=ρ液gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa；

（2）由图可知，容器倒置前后，重力不变，对水平桌面的压力不变，与水平桌面的接触面积（受力面积）变小，由p=可知，容器对水平桌面的压强将增大．

故答案为：600；增大．

【点评】此题考查液体压强的计算、压强的大小比较，关键是知道静止在水平面上的物体对水平面的压力等于其自身重力．

19．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S电路正常工作，一段时间后，发现电路中至少有一个电表的示数变大，故障发生在电阻R1、R2上，其他元件仍保持完好，若电流表示数变大，电压表示数变小，则故障原因可能是　R2短路　；若电压表示数变大，电流表示数为0，则故障原因可能是　R2断路（或R2断路的同时R1短路）　．

【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．

【分析】根据电路图可知，两电阻串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端电压；

（1）电流表示数变大，由欧姆定律可知，在电源电压一定的情况下，电路总电阻减小，因此电路故障为短路，然后根据电压表示数的变化分析故障的具体位置；

（2）电流表示数为零，说明电路故障为断路，电压表示数变大，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连．

【解答】解：（1）电流表示数变大，由欧姆定律可知，在电源电压一定的情况下，电路总电阻减小，因此电路故障为短路；

电压表示数变小，因此电压表测量的用电器发生短路，即R2短路；

（2）电流表示数为零，说明电路故障为断路；电压表示数变大，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电路故障为R2断路（或R2断路的同时R1短路）．

故答案为：R2短路； R2断路（或R2断路的同时R1短路）．

【点评】本题主要是电路故障的分析，要注意电路中给出的实验现象，关键能够理解断路和短路的含义．

20．小聪用如图所示的滑轮组将重4N的物体匀速提高2m，他做的有用功为　8　J．若滑轮组的绳重及摩擦不计，他用这个滑轮组匀速提升9N的物体时，机械效率比提升4N物体时提高了10%，此时的拉力为　5　N （已知动滑轮的重力小于4N）．

【考点】功的计算；滑轮组绳子拉力的计算．

【分析】由滑轮组的结构图看出承担物重的绳子股数n，则拉力移动的距离s=nh．

知道物体重和被提升的高度，利用W=Gh求小聪做的有用功；绳重及摩擦不计，利用F=（G物+G轮）求出拉力大小，利用W总=Fs求拉力做的总功，再利用效率公式求此时滑轮组的机械效率；

同样的道理，求出提升的物重为9N时的机械效率，根据两次的效率关系求拉力大小．

【解答】解：用滑轮组提升重为4N的物体时，h=2m，

做的有用功：

W有=G物h=4N×2m=8J，

∵绳重及摩擦不计，n=2，

F=（G物+G轮）=（4N+G轮）

滑轮组的机械效率：

η===，

同理，当用滑轮组提升重为9N的物体时，

η′===，

∵η′=η+10%，

∴=+10%，

解得：G轮=1N，G轮=36N（不符合题意舍去）

此时拉力：

F′=（9N+G轮）=（9N+1N）=5N．

故答案为：8，5．

【点评】若滑轮组的绳重及摩擦不计，知道拉力F=（G物+G轮）是本题的关键．

三、作图和实验探究题

21．作出图中物体AB在平面镜中所成的像A′B′．（保留作图痕迹）

【考点】平面镜成像的相关作图．

【分析】根据平面镜成像特点知，物与像关于镜面对称，故作出AB的关于镜面的对称图形A′B′即可．

【解答】解：

【点评】本题利用了平面镜成像特点中的物体与像关于镜面对称作图．

22．如图所示是家庭电路的某一部分的示意图，请用笔画线代替导线把该电路连接完整，并且使之符合安全用用电的要求．

【考点】家庭电路的连接．

【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套．

（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．

【解答】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线．

（1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故．既能控制灯泡，又能更安全．

（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．

如图所示：

【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性．

23．如图一所示，是小玉“探究物质熔化规律”的实验装置，图二是依据实验数据描绘出的该物质温度随时间变化的图象．

（1）实验中使用的温度计是根据　液体的热胀冷缩　的原理制成的；

（2）由图二可知，该物质是　晶体　（选填“晶体”或“非晶体”）；

（3）该物质在BC段处于　固液共存　（选填“固体”“液体”或“固液共存”）状态．此过程中吸收热量，温度　不变　，内能　增加　．（选填“不变”“增加”或“减少”）

【考点】熔化和凝固的探究实验．

【分析】从图象中辨别晶体与非晶体主要看这种物质是否有一定的熔点，即有一段时间这种物质吸热，但温度不升高，而此时就是这种物质熔化的过程．

【解答】解：

（1）实验中使用的温度计是根据热胀冷缩的原理制成的；

（2）（3）读图可知，BC段时这种物质吸热，但温度不再升高，说明此时物质达到了熔点，正在熔化，因此这种物质属于晶体，而且此时物质处于固液共存的状态，物质在熔化过程中，吸收热量，温度不变，内能增大．

故答案为：（1）液体的热胀冷缩；（2）晶体；（3）固液共存；不变；增加．

【点评】读物质熔化的图象时，关键是要从曲线变化中判断物质是否有一定的熔点，从而确定是否属于晶体，再明确不同时间段时物质所处的状态．

24．小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验，请你根据小明的实验探究回答下列问题．

（1）在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与　液体密度　的关系；根据A与E两图所标的实验数据，可知物体浸没在盐水中所受的浮力为　2.4　N．

（2）小明对ABCD四个步骤进行了观察研究，发现浮力的大小有时与深度有关，有时与深度又无关．对此正确的解释是浮力的大小随着排开水的体积的增大而　增大　，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度　无关　．（选填“有关”或“无关”）

（3）在小明实验的基础上，根据有关实验数据，可以计算出盐水的密度为　1.2　g/cm3．

（4）实验中某同学观察到将同一物体浸没在密度大的液体中时，弹簧测力计的示数越小，于是他灵机一动，在弹簧测力计下挂一个重为1.5N的物体，如图乙所示，当他把物体浸没在水中时，如图丙所示，弹簧测力计的读数为0.5N，他就在0.5N对应标上1.0g/cm3的字样；当他把物块浸没在酒精中时，如图丁所示，应该在弹簧测力计刻度盘的　0.7　N处对应标上0.8g/cm3的字样，可将图甲中的装置改成一个液体密度秤．

【考点】探究浮力大小的实验．

【分析】（1）掌握影响浮力大小的因素，判断两图中改变的量和不变的量，得出影响浮力的因素；

（2）根据公式F浮=ρ液gV排分析浮力与V排的关系；

（3）根据F浮=G﹣F计算出在水中和盐水中受到的浮力，根据V排=计算出物体的体积，根据ρ液=计算出盐水的密度；

（4）根据阿基米德原理求出，物体在酒精中受到的浮力，根据称重法求出弹簧测力计的示数即为此时在弹簧测力计刻度盘的位置．

【解答】解：

（1）C与E两图，排开液体的体积不变，液体的密度不同，所以是研究浮力与液体密度的关系；

F浮=G﹣F=8N﹣5.6N=2.4N，所以在盐水中受到的浮力为2.4N；

（2）由F浮=ρ液gV排得，浮力的大小随着排开水的体积的增大而增大，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度无关；

（3）由AD知，浸没在水中时的浮力F浮=8N﹣6N﹣2N；

由题意知，在水和盐水中排开液体的体积相等，则： =代入数据得：

=；解得：ρ盐水=1.2×103kg/m3．

（4）根据F浮=ρgV排可知，物体浸没时排开水的体积和本身的体积相等，

当他把物块浸没在水中时，受到的浮力：F浮=G﹣F′=1.5N﹣0.5N=1N，

根据阿基米德原理得：1N=ρ水gV排﹣﹣﹣﹣﹣①

当他把物块浸没在酒精中时，F浮酒=ρ酒gV排﹣﹣﹣﹣﹣②

因为两者排开液体的体积V排相等，所以①②两式相比可得：

F浮酒=0.8N，因此0.8g/cm3字样应标在弹簧测力计的1.5N﹣0.8N=0.7N处．

故答案为：（1）液体密度；2.4；（2）增大； 无关；（3）1.2×103；（4）0.7．

【点评】此题是探究影响浮力大小的因素实验，考查了影响浮力的因素及控制变量法的应用，同时考查了有关浮力公式的应用，在（3）中确定V排相等是解决此题的关键．

25．测量小灯泡的电功率实验（小灯泡额定电压为2.5V）

（1）请根据实验目的，连接图1的电路．

（2）电路图正确连接后，电压表、电流表的示数及灯泡亮度如下表：

第3次实验的电压表、电流表示数如图2所示，请把实验数据填写在表中．

（3）哪次实验灯泡正常发光？　2　（填写数据序号）．

（4）第5次实验看不到灯泡发光，电路是否断路？　没有断路　判断依据是什么？　电路中有电流通过　

（5）小明实验时，连接了如图3所示的实物图，连线有错误，在方框中画出与图连接情况对应的电路图．

（6）如图3所示电路，只是连线有错误，闭合开关，灯亮么？　不亮　电压表指针是否有偏转？

【考点】电功率的测量．

【分析】（1）由灯泡的额定电压确定电压表的量程．由灯泡的额定电压和电阻计算灯泡的电流，确定电流表的量程．

注意电压表和电流表的正负接线柱．滑动变阻器选择一上一下串联在电路中；

从电源正极开始，按照电流方向，依次串联各元件到电源负极，电压表与灯泡并联．

（2）先根据电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电流表的示数；

（3）灯泡在额定电压下正常发光；

（4）灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，当灯泡实际功率太小，灯泡可能不发光，据此分析．

（5）串联电路只有一条电流路径，并联有多条电流路径，根据实物电路图，应用分支法分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接情况，然后根据实物电路图作出实验电路图．

（6）根据电表的内阻特点利用欧姆定律分析电路的电流，根据电表读数方法判断出电压表的读数．

【解答】解：（1）灯泡额定电压为2.5V，电压表选择0～3V量程．由图乙可知：电流表选择0～0.6A量程．

电流从电压表和电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出．

从电源的正极开始，按照电流方向，依次串联开关、灯泡、电流表、滑动变阻器回到电源的负极，电压表并联在灯泡两端．如图所示：

（2）根据图乙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为1.7V；电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A；

（3）由于灯泡的实际电压与额定电压相等时灯泡正常发光；所以数据序号为2的实际电压为2.5V，即此时灯泡正常发光；

（4）由于灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，第5次实验灯泡两端有电压，且有电流通过，而看不到灯泡发光，可能灯泡实际功率太小，灯泡达不到发光的状态；

（5）由实物电路图可知，从电源正极出发经开关、灯泡、电压表和变阻器后回到电源负极，电流表并联在灯泡两端，故电路图如下：

（6）由于电流表相当于导线，对灯泡短路，故灯泡不能发光；而电压表串联在电路中，由于电压表的正负接线柱与电源的正负极相连，故电压表测量电源电压，指针会偏转．

故答案为：（1）如上图；（2）1.7；0.24；（3）2；（4）没有断路；电路中有电流通过；（5）如上图；（6）不亮；有偏转．

【点评】此题是“测量小灯泡功率”的实验，涉及到实物的连接、电压表量程的选择、故障的分析、电表读出，灯泡的亮度的决定因素等，比较全面的考查了此实验．

四、综合应用题

26．天然气灶烧水，燃烧0.5m3的天然气，使100Kg的水从20℃升高到70℃．（C水=4.2×103J/（Kg•℃），天然气的热值为q=7.0×107J/m3．）

求：（1）0.5m3天然气完全燃烧放出的热量Q散；

（2）水吸收的热量Q吸；

（3）燃气灶的效率η．

【考点】热量的计算．

【分析】（1）由Q放=Vq可求出天然气完全燃烧放出的热量．

（2）由公式Q吸=cm（t﹣t0）可求出水吸收的热量．

（3）由水吸收的热量跟天然气完全燃烧放出的热量之比可算出燃气灶的效率．

【解答】解：（1）天然气完全燃烧放出的热量：

Q放=Vq=0.5m3×7.0×107J/m3=3.5×107J．

（2）水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（70℃﹣20℃）=2.1×107J．

（3）燃气灶的效率：η=×100%=×100%=60%．

答：（1）0.5m3天然气完全燃烧放出的热量是3.5×107J；

（2）水吸收的热量是2.1×107J；

（3）燃气灶的效率是60%．

【点评】本题主要考查了公式Q放=Vq和Q吸=cm（t﹣t0）的运用，及燃气灶效率的含义．此题中要注意温度“升高到”和“升高了”的区别，要审好题．

27．如图所示，电源电压恒定不变，电阻R1的阻值为5Ω，小灯泡上标有“12V 6W”字样，闭合开关S．

求：（1）求小灯泡正常工作时的电流和电阻？

（2）当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片P移到最右端时，电流表的读数为1.7A，小灯泡恰能正常发光，求滑动变阻器的最大阻值？

（3）当开关S1、S2都断开，滑动变阻器的滑片P在最右端，求电流表的读数和滑动变阻器消耗的电功率？

【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．

【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出电流，再根据欧姆定律求出电阻；

（2）当开关S、S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片P移到最右端时，灯泡L与R2的最大阻值并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和灯泡恰能正常发光可知电源的电压，根据并联电路的电压特点求出通过R2的电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；

（3）当开关S1、S2都断开，滑动变阻器的滑片P在最右端，R1与滑动变阻器串联，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电流，利用P=I2R求出滑动变阻器消耗的电功率．

【解答】解：（1）由P=UI可得，小灯泡正常发光时的电流：

IL===0.5A，

由I=可得，小灯泡正常发光时的电阻为：

RL===24Ω；

（2）当开关S、S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片P移到最右端时，灯与滑动变阻器最大阻值并联，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且小灯泡恰能正常发光，

所以，电源的电压U=UL=12V，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，通过滑动变阻器的电流：

I2=I﹣I1=1.7﹣0.5A=1.2A；

由于并联电路中电压相等：U=UL=U2=12V；

滑动变阻器的最大阻值：R2===10Ω；

（3）当开关S1、S2都断开，滑动变阻器的滑片P在最右端，R1与滑动变阻器最大阻值串联．

因串联电路中总电阻等于各电阻之和，所以，电路中的总电阻：

R总=R1+R2=10Ω+5Ω=15Ω，

电流表的读数：I2===0.8A，

此时滑动变阻器消耗的电功率：P2=I22R2=（0.8A）2×10Ω=6.4W．

答：（1）小灯泡正常工作时的电流为0.5A，电阻为24Ω；

（2）滑动变阻器的最大阻值为10Ω；

（3）电流表的读数为0.8A，滑动变阻器消耗的电功率为6.4W．

【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和知道灯泡正常发光时的电压与额定电压相等．

28．（10分）（2016•柳江县一模）A、B、C是由密度为ρ=3.0×103kg/m3的某种合金制成的三个实心球，A球的质量mA=90g；甲和乙是两个完全相同的木块，其质量m甲=m乙=340g；若把B和C挂在轻质杠杆两端，平衡时如图1所示，其中MO：ON=3：1．若用细线把球和木块系住，放入底面积为400cm2的圆柱形容器中，在水中静止时如图2所示．在图2中，甲有一半体积露出水面，乙浸没水中（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg，杠杆、滑轮与细线的质量以及它们之间的摩擦忽略不计）．

（1）求A球体积和甲木块的体积、密度？

（2）求B和C的质量各为多少Kg？

（3）若将A球与甲相连的细线以及B球与乙相连的细线都剪断，甲和乙重新静止后，水对容器底部的压强变化了多少？

【考点】密度的计算；杠杆的平衡条件；液体的压强的计算；物体的浮沉条件及其应用．

【分析】（1）知道A求的质量和密度，根据ρ=求出A球的体积，把甲木块和A求出看作整体、整体漂浮，根据漂浮条件得出等式即可求出甲木块的体积，根据ρ=求出甲球的密度；

（2）根据杠杆平衡条件结合动滑轮的特点列出关系式；根据图2，将乙、B、C看做一个整体，根据悬浮时浮力与重力相等，列出关系式；将两个关系式联立并代入已知条件便可求出；

（3）将A球与甲相连的细线剪断，A沉底，甲上浮后漂浮，水面下降，根据物体浮沉条件和阿基米德原理求出甲木块排开水的体积，然后求出甲引起水体积的变化量，将B球与乙相连的细线剪断，B、C沉底，乙先上浮后漂浮，水面下降，此时乙排开水的体积与甲相同，进一步求出乙引起水体积的变化量，根据V=Sh求出水面下降的高度，根据p=ρgh求出水对容器底部的压强变化量．

【解答】解：（1）由ρ=可得，A球的体积：

VA===3×10﹣5m3，

因甲木块与A球整体漂浮，

所以，G甲+GA=F浮总，

即m甲g+mAg=ρ水g（0.5V甲+VA）

则V甲=2（﹣VA）=2（﹣3×10﹣5m3）=8×10﹣4m3，

甲球的密度：

ρ甲===0.425×103kg/m3；

（2）由图1知，杠杆平衡条件：

2mBg•ON=mCg•OM，

因MO：ON=3：1

所以，mB=mC=1.5mC，

由图2知，乙、B、C悬浮在水中，将乙、B、C看做一个整体，则：

ρ水g（V乙+VB+VC）=G乙+GB+GC

即：1.0×103kg/m3×10N/kg×（8.0×10﹣4m3++）=3.4N+mB×10N/kg+mC×10N/kg

则：1.0×103kg/m3×（8.0×10﹣4m3++）=0.34kg+1.5mC+mC

解得：mC=0.276kg，

mB=1.5mC=1.5×0.276kg=0.414kg；

（3）将A球与甲相连的细线剪断，A沉底，甲上浮后漂浮，水面下降，

因甲木块漂浮，

所以，G甲=F浮甲，

即m甲g=ρ水gV排甲

则V排甲===340cm3=3.4×10﹣4m3，

甲引起水体积的变化量：

△V甲=V甲﹣V排甲=×8×10﹣4m3﹣3.4×10﹣4m3=6×10﹣5m3，

将B球与乙相连的细线剪断，B、C沉底，乙先上浮后漂浮，水面下降，此时乙排开水的体积与甲相同，

则乙引起水体积的变化量：

△V乙=V乙﹣V排乙=V甲﹣V排甲=8×10﹣4m3﹣3.4×10﹣4m3=4.6×10﹣4m3，

容器内水下降的体积：

△V=△V甲+△V乙=6×10﹣5m3+4.6×10﹣4m3=5.2×10﹣4m3，

容器内水下降的深度：

△h===0.013m，

水对容器底部的压强变化量：

p=ρ水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.013m=130Pa．

答：（1）A球体积为3×10﹣5m3，甲木块的体积为8×10﹣4m3、密度为0.425×103kg/m3；

（2）B和C的质量依次为0.414kg、0.276kg；

（3）若将A球与甲相连的细线以及B球与乙相连的细线都剪断，甲和乙重新静止后，水对容器底部的压强变化了130Pa．

【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用及浮力公式的应用，解决此题的关键是掌握杠杆平衡条件，将图2中的物体作为一个整体，根据浮力和重力相等的关系列出关系式，同时涉及到了密度的知识．