2018年桂林中考物理冲刺试题word版（含解析）

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2018年桂林中考物理冲刺试题

一、选择题（每小题3分，共36分）

1．下列是对与中学生有关的一些物理量的估测，其中最接近实际的是（　　）

A．中学生的平均身高为160cm

B．适合中学生洗澡的水温为70℃

C．中学生的体重约为60N

D．中学生脉搏的跳动是每秒65次

【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．

【解答】解：

A、成年人的身高在170cm左右，中学生的身高比成年人小一些，在160cm左右．此选项符合实际；

B、人体正常体温在37℃左右，洗澡水的温度应该略高于体温，在40℃左右，不可能达到70℃．此选项不符合实际；

C、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G=mg=50kg×10N/kg=500N左右．此选项不符合实际；

D、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s．此选项不符合实际．

故选A．

【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，也是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义．

2．如图所示是桂林天文爱好者拍摄的2015年某次月食的全过程，以下规律能用来解释月食形成原因的是（　　）

A．光的折射B．光的反射C．光的直线传播D．凸透镜成像

【分析】当太阳、地球、月亮位于同一直线上，地球位于太阳与月球之间时，不透明的地球挡住了沿直线传播的太阳光，在地球上看不到月球时，便形成月食．

【解答】解：太阳、地球、月球位于同一条直线上，当不透明的地球位于太阳与月球之间，地球挡住了沿直线传播的太阳光，太阳光照不到月球上，在地球上看不到月球的现象就是月食，所以月食是由于光的直线传播形成的，发生月食时，在中间位置的是地球．

故选C．

【点评】本题考查了月食形成的原理、形成月食时太阳、地球、月球三者的位置关系以及照相机的照相原理，是一道应用题，难度不大．

3．下列有关声的说法中正确的是（　　）

A．只要物体振动，我们就能听到声音

B．考场周围禁鸣喇叭是在人耳处减弱噪音

C．“听诊器”能使人的心脏振动幅度增大，音调升高

D．用超声波能击碎人体内的结石，说明声波具有能量

【分析】解决此题要掌握以下几个知识点：

A、声音是由物体的振动产生的，我们要想听到声音必须有介质；

B、减弱噪声的途径；

C、“听诊器”是探测人的心脏振动频率的仪器；

D、超声波可以传递能量．

【解答】解：A、物体振动，我们周围如果没有介质，就听不到声音；故A错误；

B、考场周围禁鸣喇叭是在声源处减弱噪音；故B错误；

C、“听诊器”不能使人的心脏振动幅度增大，只能是探测人的心脏振动频率，故C错误；

D、因为超声波可以传递能量，所以利用超声波可以击碎结石，故D正确．

故选D．

【点评】此类题目是考查多个知识点的综合题目，要结合相关物理知识点进行分析解答．

4．2015年央视春节联欢晚会上，有一个以“科技创新”为主题节目的表演．如图所示，人形机器人正在为观众表演舞蹈，其中涉及到的物理知识分析正确的是（　　）

A．机器人表演舞蹈时没有惯性

B．机器人鞋底较宽是为了减小压力

C．机器人鞋底上凹凸不平的花纹是为了增大摩擦力

D．机器人站立时受到的重力和它对地面的压力是一对平衡力

【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；

（2）在压力一定时，增大受力面积可以减小压强；

（3）在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力；

（4）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上．

【解答】解：A、一切物体都有惯性，机器人表演舞蹈时也有惯性，故A错误；

B、机器人鞋底较宽是为了增大受力面积，减小压强，而不是减小压力，故B错误；

C、机器人鞋底上凹凸不平的花纹，增大了接触面的粗糙程度，是为了增大摩擦力，故C正确；

D、机器人站立时受到的重力和它对地面的压力作用在不同的物体上、方向也相同，所以它们不是一对平衡力，故D错误．

故选C．

【点评】本题围绕机器人表演舞蹈考查了惯性、减小压强的应用、增大摩擦力的应用，以及平衡力的辨别等，有一定综合性，但难度不大．

5．某品牌的微型电脑吸尘器有两个开关，开关S1控制照明灯L和吸尘电动机M，开关S2只控制吸尘电动机M．如图所示的电路图中符合要求的是（　　）

A． B． C． D．

【分析】开关S1只控制照明用的小灯泡L，开关S2只控制吸尘用的电动机M，说明，小灯泡L和电动机M独立工作、互不影响即为并联，再根据开关的作用，判断开关的位置．

【解答】解：

A、开关S1只控制小灯泡，开关S2只控制电动机，不合题意；

B、开关S1为总开关，控制小灯泡和电动机，开关S2只控制小灯泡，不合题意；

C、开关S2为总开关，控制小灯泡和电动机，开关S1只控制小灯泡，不合题意；

D、开关S1为总开关，控制小灯泡和电动机，开关S2只控制电动机，符合题意．

故选D．

【点评】（1）根据二者是否相互影响，判断出它们的连接方式，相互影响为串联，互不影响为并联；

（2）根据开关的控制作用，确定开关的位置，控制整个电路，开关要在干路上；单独控制某个用电器，开关应与用电器串联连接在支路上．

6．2014年4月16，日，我国在从北京飞往成都的CA4116航班上成功进行了全球首个4G地空宽带实验，在飞机上实现无线高速上网．这些信号从地面到空中是通过（　　）

A．电磁波传送B．次声波传送C．光纤传送D．超声波传送

【分析】电磁波可以在真空中传播，但是超声波或次声波，其都不能在真空中传播，且其传播速度远小于电磁波的传播速度，故现代的移动电话都是利用电磁波来传递信息的．

【解答】解：

电磁波作为现代信息传递的载体，传输着各种信号，包括声信号、图象信号等，故我们生活中常用的4G手机就是通过电磁波传递信号的．

故选A．

【点评】本题主要考查学生对电磁波传递信号的特点的了解和掌握，是一道基础题．

7．2015年桂林市体育中考的现场，很多同学为了补充能量都在喝某品牌的运动饮料，小红同学利用所学的知识测量了该饮料的密度，实验步骤如下：①用天平测出空量筒的质量 ②向量筒中倒入适量饮料，测出其体积 ③用天平测出量筒和养料的总质量．对于上述事宜步骤的评价，正确的是（　　）

A．所测出饮料的体积一定不准确，不可取

B．能测出饮料的密度且步骤完全规范合理

C．测出饮料的密度值偏大，不可取

D．易使量筒从天平上倾斜而摔碎，不宜提倡

【分析】量筒是测量液体体积的工具，形状细而长，放在天平上在调节的过程中很容易倾斜而摔碎，盛放液体一般用小烧杯或玻璃瓶，依据实际操作中保护器材不受损坏的做法来选择．

【解答】解：

AC、量筒和饮料的总质量减空量筒质量，正是倒入量筒中饮料的质量，所测质量、体积正确，测出的密度不会偏大，故A、C错误．

BD、步骤中把量筒放在天平上测质量是不合适的，量筒的形状细高，直接放在天平托盘上很容易掉下来摔碎．故B错误，D正确．

故选D．

【点评】考查液体密度的测量方法，在实验中，将量筒放在天平托盘中是学生常犯的错误，也是学生认识的不足，不能把量筒作为盛装液体的容器直接放在天平上称质量．

8．如图所示，下列四种情形符合安全用电的是（　　）

A．

在同一插座上接入多个用电器

B．

可以攀爬电杆

C．

不能用湿手触摸用电器及插座

D．

电冰箱可以不接地线

【分析】（1）家庭电路中电流过大的原因有两个：一是短路，二是用电器的总功率过大；

（2）安全用电的原则：不靠近高压带电体（室外、高压线、变压器旁），不接触低压带电体；

（3）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；

（4）有金属外壳的家用电器使用三脚插头，将金属外壳接地，防止外壳漏电造成触电事故．

【解答】解：

A、多个用电器接在同一插座板上，电路中总功率过大，电路中电流过大，从而发生危险，故A不符合安全用电原则；

B、攀爬电杆，很容易造成高压触电，故B不符合安全用电原则；

C、水是导体，用湿手触摸用电器及插座，从而使人体和带电体接触，就会造成触电事故，十分危险，故C符合安全用电原则；

D、电冰箱的三脚插头是为了将其金属外壳与大地相连，防止外壳漏电时，给人造成触电事故，所以电冰箱必须接地线，故D不符合安全用电原则．

故选C．

【点评】本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用．

9．如图为我国新型反潜巡逻机．机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在．下列图中能解释磁异探测器工作原理的是（　　）

A． B． C． D．

【分析】电子设备最终将信号转换为变化的电流；因此是一个发电机，分析下面四幅图，找出发电机的原理即可．

【解答】解：

A、开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理．符合题意；

B、图示的实验是电磁铁的原理，运用电流的磁效应，可制成电磁铁，吸引大头针等，不合题意；

C、图示为磁极之间的相互作用，故不符合题意；

D、图示为奥斯特实验，是电流的磁效应，故不符合题意；

故选A．

【点评】解答本题的关键要能从题意中分析出该装置为发电机．

10．如图所示，用钓鱼杆钓鱼的时候，鱼钩已经钩住了鱼，鱼还在水中时，感觉鱼很轻，刚把鱼从水中拉离水面就感觉鱼变“重”了．对钓鱼过程的下列解释错误的是（　　）

A．鱼离开水后，失去了水的浮力，使人感觉鱼变重了

B．鱼离开水后，鱼的重力增大，使人感觉鱼变重了

C．鱼离开水后，钓鱼线对钓鱼杆的拉力会增大

D．钓鱼杆是一种费力杠杆

【分析】（1）鱼离开水面，鱼只受重力和拉力作用，钓鱼线对鱼的拉力等于鱼的重力．

（2）鱼在水中时，鱼受到竖直向上的拉力和浮力、竖直向下的重力，钓鱼线对鱼的拉力等于重力和浮力的差．

（3）钓鱼时，双手一前一后握住钓鱼竿，手和钓鱼竿尾部的接触点是支点，前面的手和钓鱼竿接触点是动力点，鱼是杠杆的阻力．画出力臂，比较动力臂和阻力臂，判断是钓鱼竿是省力杠杆还是费力杠杆．

【解答】解：（1）鱼在水中受到竖直向上的浮力和拉力，受到竖直向下的重力，钓鱼竿对鱼的拉力等于鱼的重力和浮力的差．

当鱼离开水面，鱼只受重力和拉力作用，钓鱼线对鱼的拉力等于鱼的重力．所以钓鱼竿对鱼的拉力增大．

鱼在水里和离开水面，鱼的质量不变，鱼的重力不变，但鱼离开水后，失去了水的浮力，使人感觉鱼变重了，故选项AC正确，B错误．

（2）如图，钓鱼竿的尾部是杠杆的支点，前面的手作用在杠杆上的点是动力，鱼对杠杆的作用是杠杆的阻力，作出动力臂和阻力臂，动力臂小于阻力臂，钓鱼竿是费力杠杆．故D正确．

故选B

【点评】本题有两个点容易混淆：

（1）鱼在水中和在离开水面时，鱼的重力不变．

（2）两个手和钓鱼竿接触，前面的手的动力，后面的手是支点．

11．放在同一水平桌面上的甲、乙两个相同的容器盛有不同的液体，现将两个相同的物块分别放入两容器中，当两物块静止时，两容器中液面恰好相平，两物块所处的位置如图所示．则（　　）

A．甲容器中液体的密度较大

B．乙容器底部受到液体的压强较大

C．甲容器中物块排开液体的重力较大

D．乙容器中物块受到液体的浮力较大

【分析】（1）漂浮和悬浮时受到的浮力都等于重力，由此可知两个相同的物块受浮力大小关系；

（2）根据漂浮和悬浮时液体密度和球的密度关系，找出两种液体的密度关系，又知道两容器液面等高（深度h相同），利用液体压强公式分析两种液体对容器底压强的大小关系．

【解答】解：（1）∵物块在甲容器悬浮，

∴ρ甲=ρ物，

∵物块在乙容器的漂浮，

∴ρ乙＞ρ物，

∴两种液体的密度：ρ甲＜ρ乙，故A错误；

又∵两容器液面等高，p=ρgh，

∴两种液体对容器底压强：

p甲＜p乙，故B正确．

（2）∵两个相同的物块，在甲容器的物块悬浮，在乙容器的物块漂浮，

∴两个相同的物块受到的浮力：F甲=F乙=G，故D错误；

∵F浮=G排，

∴G甲排=G乙排，故C错误．

故选：B．

【点评】本题考查了学生对漂浮条件、悬浮条件运用（密度关系、浮力与自重关系），以及对液体压强公式的理解和运用．

12．某同学在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示，电源电压恒为6.0V，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω　0.5A”，灯泡L标有“3.8V　1.9W”字样（忽略灯丝电阻变化），为保证电路中其他元件的安全，下列判断不正确的是（　　）

A．电路中电流变化的范围是0.34A～0.5A

B．滑动变阻器阻值变化的范围是4.4Ω～7.6Ω

C．灯泡的最小功率是1.184W

D．该电路的最大功率是3W

【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压．

灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数；再根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，最后根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值即可得出滑动变阻器阻值变化的范围；

根据灯泡两端的最小电压和通过的最小电流，根据P=UI即可求出灯泡的最小功率；

根据根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据P=UI求出电路中的最大电功率．

【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压．

灯泡正常发光时的电压为3.8V，功率为1.9W，灯泡的额定电流：IL===0.5A；

因为串联电路总电压等于各分电压之和，所以此时电压表的示数U滑=U﹣UL=6V﹣3.8V=2.2V，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小阻值为：

R滑min===4.4Ω；

当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，

灯泡的电阻：RL===7.6Ω，

灯泡两端的电压：UL′=U﹣U滑max=6V﹣3V=3V，

电路中的最小电流：

Imin==≈0.39A，

故电路中电流变化的范围是0.39A～0.5A，故A错误；

滑动变阻器接入电路中的最大阻值：

R滑max===7.6Ω，

故滑动变阻器阻值变化的范围是4.4Ω～7.6Ω，故B正确；

灯泡的最小功率：PLmin=UL′×Imin=3V×0.39A=1.17W，故C错误；

因为串联电路中各处的电流相等，而滑动变阻器允许通过的最大电流为0.5A，所以电路中的最大电流Imax=0.5A，

电路的最大电功率：Pmax=UImax=6V×0.5A=3W，故D正确．

故选BD．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等．

二、填空题（每空1分，共16分）

13．如图所示，是在足球比赛中，某足球运动员头球攻门的精彩时刻，请根据图中想现象，写出两个与力学有关的物理知识：

（1）　力可以改变物体的运动状态　

（2）　力的作用是相互的　．

【分析】与本题相关的主要是力学方向的知识，可以力的概念、物体间力的作用是相互的、力可以改变物体的运动状态等方面考虑．

【解答】解：

足球被运动员顶入球门，改变了运动方向，说明力可以改变物体的运动状态；

运动员将足球顶入球门，对足球有力的作用，同时运动员的头部感觉疼，是因为力的作用是相互的，足球对运动员产生反作用力．

答：

（1）力可以改变物体的运动状态；

（2）力的作用是相互的．

【点评】这是一道开放题，只要写出的知识点正确且与题中情景相符都是正确的．

14．如图所示是小明同学探究质量和体积关系的实验时所画出的图象，a、b、c是由不同物质组成的三个实心体，从图象中可以得出结论：对于同一种物质，质量与体积成　正比　，同时也可以比较三种物质的密度（ρa、ρb、ρc）大小，其关系是　ρa＞ρb＞ρc　．

【分析】（1）分析题图可知，a、b、c都是过原点的直线，说明对于同一种物质，质量随体积的增大，并且质量和体积的比值相同；

（2）取相同的体积V，比较其质量大小，利用ρ=得出密度关系．

【解答】解：

（1）由图知，a、b、c都是过原点的直线，说明对于同一种物质，质量随体积的增大而增大，并且质量和体积的比值相同，即：对于同一种物质，质量与体积成正比；

（2）由图可知，当V=1cm3时，ma＞mb＞mc，由ρ=可得密度关系：ρa＞ρb＞ρc．

故答案为：正比；ρa＞ρb＞ρc．

【点评】本题考查了密度公式的应用，能从物质的m﹣V图象得出相关信息是关键．

15．如图所示，是学生很喜欢的一种运动﹣﹣溜旱冰．旱冰鞋下面的轮子可以减小　摩擦　，从而使人更轻松的运动．想“刹车”停下来时，由于人具有　惯性　，还会向前滑动一段距离．

【分析】惯性是一切物体都有的保持原来运动状态不变的性质；

减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动．

【解答】解：旱冰鞋下面的轮子用滚动代替滑动摩擦，从而减小摩擦；

想“刹车”停下来时，人由于惯性还要保持原来的运动状态继续运动，所以还会向前滑动一段距离．

故答案为：摩擦；惯性．

【点评】此题主要考查了常见的惯性现象，除了要了解惯性的概念，还要掌握摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小摩擦力的问题．

16．如图所示，捻动滚摆的轴使其升高后释放，从最高点到最低点的过程中，　重力势　能转化为动能，若不计空气阻力和摩擦，滚摆将会一直上下滚动，机械能　不变　（选填“增大”、“减小”或“不变”）．

【分析】分析滚摆的向下运动时的速度及高度的变化，则可知动能及重力势能的变化；不计空气阻力和摩擦时，机械能守恒．

【解答】解：滚摆从最高点到最低点的过程中，质量不变，速度增大，动能增大，同时高度降低，重力势能减小，故是将重力势能转化为动能；

若不计空气阻力和摩擦，滚摆将会一直上下滚动，说明整个过程机械能守恒，因此机械能不变．

故答案为：重力势；不变．

【点评】本题考查了动能和重力势能的相互转化，注意在不计空气阻力和摩擦时，机械能总量是保持不变的．

17．行驶中的汽车在紧急刹车时，刹车片会发烫，这是通过　做功　的方式增加物体内能的．若汽车行驶过程中消耗汽油2kg，则这些汽油完全燃烧能放出　9.2×107　J的热量．，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少；二是热传递．

②知道汽油的质量和热值，利用Q放=mq求汽油完全燃烧产生的热量．

【解答】解：①刹车片发热，是刹车片克服摩擦做功，使刹车片的内能增加、温度升高，是通过做功途径改变物体内能；

②2kg汽油完全燃烧产生的热量：

Q放=mq=2kg×4.6×l07J/kg=9.2×l07J．

故答案为：做功，9.2×l07．

【点评】汽车行驶中的发热问题：：①发动机发烫，是发动机内部放出的热量传递到发动机外壳，使外壳的内能增加、温度升高，是通过热传递改变物体的内能；

②轮胎在发热，是轮胎克服摩擦做功，使轮胎的内能增加、温度升高，是通过做功途径改变物体内能；

③刹车片发热，是刹车片克服摩擦做功，使刹车片的内能增加、温度升高，是通过做功途径改变物体内能；

④水箱中的水变热，是发动机放出的热量传递给水箱中的水，使水的内能增大、温度升高，是通过热传递改变物体的内能．

18．为了方便坐轮椅的残疾人上下台阶，很多公共场所都设计了残疾人专用的通道，如图所示，其实质就是简单机械中的　斜面　（选填“杠杆”、“滑轮”或“斜面”），若将总重为700N的人和轮椅沿残疾人专业通道推移7m才推上1m的高台，推移轮椅的力为120N，则该简单机械的效率为　83.3%　．

【分析】（1）根据斜面的定义可判断在很多公共场所为残疾人建立了专用通道，是我们所学过的简单机械斜面；

（2）利用斜面提升物体时，沿斜面所用的推力作的功是总功，提升重物做的功是有用功，利用效率公式求该简单机械的机械效率．

【解答】解：

（1）根据斜面的定义可知，为残疾人建立的专用通道实际上是简单机械的一种﹣﹣斜面，使用斜面可以省力；

（2）W有用=Gh=700N×1m=700J，

W总=FL=120N×7m=840J，

机械效率为：

η==×100%≈83.3%．

故答案为：斜面；83.3%．

【点评】本题主要考查了斜面的有关内容，解决此题要知道斜面是一个省力机械，在斜面高一定时，斜面越长越省力；在利用斜面提升重物时，要分清有用功和总功及额外功．

19．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片向左移动，电流表的示数　变小　，电压表的示数与电流表的示数的比值　变大　．（选填“变大”、“变小”或“不变”）

【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流．根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步判断电压表V示数与电流表A2示数的比值变化．

【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流．

因为电源的电压不变，所以电压表的示数不变；

因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过R1的电流不变；

当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变大，由I=可知，该支路的电流变小，即电流表A1示数变小；

因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流表的示数变小，即电流表A2示数变小，即电压表V示数与电流表A2示数的比值变大．

故答案为：变小；变大．

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断．

20．（2分）（2012仙桃）如甲图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻．闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从a向b移动的过程中，电压表和电流表的示数变化情况如乙图所示，则R1的阻值为　10　Ω．当滑动变阻器的滑片P在中点时，两电表的示数对应于乙图中的　B　点（选填“A”、“B”、“C”、“D”或“E”）．

【分析】（1）根据滑片在a、b两点时电路的连接情况，由电源电压保持不变的特点，利用欧姆定律列出关于电压的等式，即可求出R1的阻值；

（2）由图可知滑动变阻器R2两端的电压和通过的电流值，根据欧姆定律求出R2，则当滑动变阻器的滑片P在中点时，连入电路的阻值为R2，如何根据串联电路的特点和欧姆定律求出串联电路的电流．

【解答】解：（1）由电路图可知，当滑片P在a端时滑动变阻器全部接入，R1与R2串联，即电路中电流最小时，则由图象可知此时电路中的电流Ia=0.2A，R2两端的电压U2=4V，

∴R2===20Ω；

电源电压U=IaR1+U2，

即：U=0.2A×R1+4V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①

当滑片P在b端时，滑动变阻器没有连入电路，电压表示数为零，由图象可知这时电路中电流为Ib=0.6A，电源电压加在R1上，则U=IbR1；

即U=0.6A×R1 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②

解①②得：R1=10Ω，U=6V；

（2）当滑动变阻器的滑片P在中点时，则滑动变阻器连入电路的阻值为R2′=R2=×20Ω=10Ω，

∴电流表的示数为：I′===0.3A．

∴由图象可知：电流表示数为0.3A时对应的点是B．

故答案为：10；B．

【点评】本题关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，难点是明白滑片移动过程中电路的变化情况，本题重点考查了应用图象解决问题，这是以后学习的重点．

三、作图、实验与探究（21、22题各2分，23题4分，24题9分，25题7分，共24分）

21．（2分）如图所示，已知一条入射光线过凸透镜的光心O，一条经过凸透镜折射后的光线与主光轴平行，请分别画出它们对应的出射光线和入射光线．

【分析】先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凸透镜的光学特点作图．

【解答】解：对于凸透镜，折射光线平行于主光轴，则入射光线过焦点；

过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变；如图所示：

【点评】凸透镜三条特殊光线的作图：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴．②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点．③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变．

22．如图所示，一个小球被一根细绳挂在竖直墙壁上的A点，请画出小球受到的重力及其对墙的压力示意图．

【分析】重力的示意图的画法，即从重心起，沿重力的方向画条带箭头的线段．

压力的方向总是垂直于接触面，并且指向接触面；根据压力的作用点在接触面上，确定出压力的作用点，然后过作用点表示压力的方向．

【解答】解：物体的重心一般在物体的几何重心，重力的方向是竖直向下的．过小球重心沿竖直方向画一条线段，末端带上箭头．

压力的作用点是球与墙壁的接触点，然后过作用点作垂直于墙壁，并指向墙里面的压力．如图所示：

【点评】力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点．

23．（4分）在探究“平面镜成像特点”的实验中，小兰在水平桌面上铺一张白纸，在白纸上竖直放置一块薄平板玻璃，在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，再另取一支未点燃的蜡烛B放在成像处，如图所示．

（1）蜡烛B要与蜡烛A完全相同，这是为了比较像与物的　大小　关系．

（2）实验时，他应该在玻璃板　前　（选填“前”或“后”）观察蜡烛的像，所成的像是　虚　（选填“虚”或“实”）像．

（3）当蜡烛A向玻璃板靠近时，蜡烛A的像　不变　（选填“变大”、“不变”或“变小”）．

【分析】（1）实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系．

（2）点燃蜡烛，蜡烛在玻璃板中成像，观察蜡烛的像时，眼睛要在蜡烛的一侧，才能通过玻璃板看到蜡烛的像；光屏能承接实像，光屏不能承接虚像．

（3）平面镜成像特点：物像等大．

【解答】解：

（1）实验时采用两个完全相同的蜡烛，一个充当物体放在玻璃板的前面，另一个放在玻璃板的后面代替镜前的物体，便于比较物像大小关系．

（2）实验时，将点燃的蜡烛放在玻璃板前，眼睛应该在玻璃板前观察；验证像的虚实时，将光屏放在像的位置上，眼睛直接观察光屏，通过看到光屏上没有像的现象，可知平面镜所成的像是虚像．

（3）当蜡烛A向玻璃板靠近，由平面镜成像特点：物像等大，可知，蜡烛A的像不变．

故答案为：（1）大小；（2）前；虚；（3）不变．

【点评】掌握平面镜成像实验中各器材选择和操作的目的，例如为什么选择薄透明玻璃板、为什么选择两个完全相同的蜡烛、玻璃板为什么要竖直放置、刻度尺的作用、看用光屏是否能承接到像等．

24．（9分）小明探究“水沸腾时温度变化的特点”，实验装置如图甲所示．

（1）加热一定时间后，温度计的示数如图甲所示，此时水的温度为　89　℃；

（2）观察水的沸腾，测得数据如下表．分析表中数据可知，水沸腾过程中的特点为：　继续吸热，温度保持不变　．

（3）当停止加热，撤去酒精灯之后，水不会立即停止沸腾，其原因是　铁圈和石棉网有余热，温度高于水的沸点，水会继续吸热　．

（4）小雨是学校科技创新小组的成员，利用所学知识改进了探究实验的器材，如图乙所示的装置和器材，可以用来探究水的沸腾特点和物质的吸热能力．

①请说出该实验装置比图甲的实验装置的优点：　乙图即能探究水的沸腾特点，又能探究物质的吸热能力　（答案不限，合理即可）

②小雨用该装置探究物质的吸热能力，设计的电路中的R甲、R乙必须满足的条件是　R甲=R乙　，这样做的目的是使水和油在相同时间内　吸收的热量相等　．

③小雨应在两个相同的烧杯中应加入初温相同、　质量　相同的水和煤油；且应先闭合开关　S1　，在闭合开关　S2　．实验中发现谁的温度不如煤油的温度升高得慢，这表明水吸热的本领更强．

【分析】（1）温度计的读数：确定每一个大格和每一个小格各代表是示数，再进行读数；

（2）水沸腾过程中温度保持不变；

（3）根据水沸腾的条件：达到沸点并继续吸热，通过沸腾的两个条件结合热传递的知识进行分析．

（4）应用控制变量法分析答题，根据实验目的确定需要控制的变量；分析实验数据，根据实验数据得出实验结论．

【解答】解：（1）每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，示数是89℃．

（2）由表中实验数据可知，当水温达到98℃水开始沸腾，在水沸腾后，水继续吸热，温度不变（吸热温度不变）．

（3）刚撤掉酒精灯时，铁圈、石棉网的温度还高于水的温度，所以水可以继续吸热，不马上停止沸腾．

（4）①甲图只能探究出水沸腾时温度变化的特点，不能探究物质的吸热能力，而乙图可以用来探究水的沸腾特点和物质的吸热能力；

②探究物质的吸热能力，应控制物质吸收的热量相等，由图示电路图可知，两电阻并联，它们的电压相等，要使电阻在相等时间内产生的热量相等，使水和油在相同时间内吸收的热量相等．应控制两电阻阻值相等，即：R甲=R乙．

③要探究水与油的吸热能力，应控制水与油的质量、初温、吸收的热量相等，要控制水与油吸收的热量相等，应控制两个电阻同时开始加热，因此应先闭合开关S1，然后再闭合开关S2；实验过程中水不能达到沸腾，应控制水的末温度低于98℃；实验表明：水的末温比油低，水的吸热能力比油强．

故答案为：（1）89；（2）继续吸热，温度保持不变；（3）铁圈和石棉网有余热，温度高于水的沸点，水会继续吸热；（4）①乙图即能探究水的沸腾特点，又能探究物质的吸热能力；②R甲=R乙；吸收的热量相等；③质量；S1；S2．

【点评】此题考查了对有关热学实验的掌握，主要考查了水沸腾的特点、焦耳定律及温度变化与吸热能力的关系，要掌握基本的知识，并能灵活运用．

25．（7分）如图甲所示，是小雨同学的实验小组在探究通过导体的电流与导体两端电压的关系的一个实验电路图：

（1）如图甲所示，用笔画线代替导线，将实验电路连接完整，使滑动变阻器接入电路的阻值最大．

（2）小雨同学连接电路后，闭合开关发现：电流表指偏转正常，电压表的指针反向偏转，请写出造成这个现象的原因是　电压表的正负接线柱接反了　．

（3）小雨同学通过调节滑动变阻器，把测量的数据都记录在下表，请在图乙中作出通过导体的电流与导体两端电压的关系图象．分析表中实验数据及图象可以得出的结论是　电阻一定时，电流与电压成正比　．

（4）探究了电阻的电流根两端电压的关系后，同学们又提出了测灯泡额定电功率这一问题，小雨同学读取完最后一次电流表示数后，直接拆下电阻改换成额定电压为2.5V的小灯泡，他认为这样操作简捷高效．请你指出他在操作中的错误：　应先断开开关，然后再拆下电阻改换成额定电压为2.5V的小灯泡　．

（5）小雨按照正确的实验步骤完成了实验，丙把数据记录在自己设计的表格中，且进行了数据处理．该灯泡的额定电功率是　0.625　W．认真分析此表，你认为小雨的设计存在的问题是：　设计电功率“平均值”一栏是错误，应该删掉　．

【分析】（1）滑动变阻器应一上一下串联入电路中，根据连接电路后要使滑动变阻器接入电路的阻值最大确定其接线柱；

（2）当电压表和电流表的正负接线柱接反后，指针将反向偏转；

（3）根据表格中数据描点，并用平滑的曲线连接起来，分析得出结论；

（4）拆接电路时，需断开开关；

（5）灯泡在额定电压下的功率为额定功率，据此读出灯泡的额定功率；灯泡在不同电压下的实际功率不变，因此不可以求平均值．

【解答】解：（1）滑动变阻器应一上一下串联接入电路，连接电路后要使滑动变阻器接入电路的阻值最大，所以应将其左下接线柱接入电路．如图所示：

（2）电压表的指针反向偏转，说明电压表的正负接线柱接反了；

（3）根据表格中数据描点，并用平滑的曲线连接起来，如图所示：

由表格中数据及图象知，电阻一定时，电流与电压成正比．

（4）为测量灯泡的额定功率，直接拆下电阻改换成额定电压为2.5V的小灯泡，该做法是错误的，应先断开开关，然后再拆下电阻改换成额定电压为2.5V的小灯泡；

（5）因为灯泡的额定电压为2.5V，由表中数据可知，灯泡的额定功率为0.625W；

因为灯泡在不同电压下的实际功率不同，因此不可以求平均价，即设计电功率“平均值”一栏是错误，应该删掉．

故答案为：（2）电压表的正负接线柱接反了；（3）电阻一定时，电流与电压成正比；（4）应先断开开关，然后再拆下电阻改换成额定电压为2.5V的小灯泡；（5）0.625；设计电功率“平均值”一栏是错误，应该删掉．

【点评】本题考查了探究通过导体的电流与导体两端电压的关系和电功率的测量的实验，考查了电路的连接、实验数据的分析，本题涉及到知识点较多，综合性较强．

四、综合应用（26题6分，27题8分，28题10分，共24分）

26．（6分）飞虎公园位于广西桂林市临桂区的秧塘机场遗址，于2015年3月28日落成，目前保存有山洞指挥所、陈纳德将军观战石、飞机掩体等文物，是美国飞虎队现存唯一的指挥所遗址．如图所示，公园内有一巨型的圆柱体坚实大石滚，用洋灰（水泥）夹碎石浇凝而成的大石滚，在修建机场跑道时，由100多劳力拉动一个，在“咳哟咳哟”声中，一寸一寸滚压机坪．大石滚质量约为40吨，体积为16m3，大石滚在滚动时与地面的接触面积约为0.1m2．求：

（1）大石滚的密度约为多少kg/m3？

（2）大石滚对地面的压强约为多少Pa？

【分析】（1）知道大石滚的质量和体积，根据ρ=求出大石滚的密度；

（2）大石滚对地面的压力等于自身的重力，根据F=G=mg求出其大小，再根据p=求出对地面的压强．

【解答】解：（1）大石滚的密度：

ρ===2.5×103kg/m3；

（2）大石滚对地面的压力：

F=G=mg=40×103kg×9.8N/kg=3.92×105N，

对地面的压强：

p===3.92×106Pa．

答：（1）大石滚的密度约为2.5×103kg/m3；

（2）大石滚对地面的压强约为3.92×106Pa．

【点评】本题考查了密度和压强的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等．

27．（8分）几千年来中国的厨艺最讲究的就是“火候”二字．如图甲所示是新型电饭锅，采用“聪明火”技术，电脑智能控温、控压，智能化控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的口感和营养，其简化电路如图乙所示．R1和R2均为电热丝，S是自动控制开关．接通电路后，开关S自动与触点a和b接通，开始加热．当锅内温度达到105℃时，开关S自动与a和b断开，并与触点c接通，开始保压，此时锅内米饭的温度不变，且水始终没有沸腾．如图丙所示为这个电饭锅在某次煮饭全过程中电流随时间的变化图象．

求：（1）电热丝R1的阻值；

（2）电饭锅在这次煮饭的过程中消耗的电能．

【分析】（1）当开关S自动与a和b断开，并与触点c接通时，电路中只有R1工作，由丙图可知通过R1的电流值，然后根据欧姆定律即可求出R1的阻值；

（2）根据图丙可知电路中电流最大和最小时的工作时间，根据W=UIt求出两种情况下电流做的功，两者之和即为电饭锅在这次煮饭的过程中消耗的电能．

【解答】解：（1）当锅内温度达到105℃时，开关S自动与a和b断开，并与触点c接通，电路中只有R1，电路中的电阻最大，由丙图可知，通过R1的电流值I1=2A，

由图乙知，电路中的电流I′=2A，

由I=可得，电热丝R1的阻值：

R1===110Ω；

（2）由图丙可知，电路中的电流为3A时工作的时间t=15min=900s，

电路中的电流为2A时工作的时间t′=15min=900s，

电饭锅在这次煮饭的过程中消耗的电能：

W=UIt+UI′t′=220V×3A×900s+220V×2A×900s=9.9×105J．

答：（1）电热丝R1的阻值为110Ω；

（2）电饭锅在这次煮饭的过程中消耗的电能为9.9×105J．

【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电热公式的综合应用，分析电路结构得出两种状态下对应的电流值是关键．

28．（10分）某速递公司在北京、上海、广州部分区域开展无人机快递实验：消费者在网上购物平台拍下规定商品﹣﹣某品牌的红糖姜茶，就有机会在1小时内，看到无人机载着商品抵达．据报道，担负起快递运送任务的小型无人机名为“八爪直升机”，如图甲所示．该无人机配备有利于马达驱动的8旋翼，丙依靠GPS导航系统完成送货．如图乙所示是该无人机在水平飞行时受到的空气阻力与飞行速度之间的关系图象，其他的有关信息如下表．求：

（1）该无人机最大装载的货物重量；

（2）该无人机在最大装载状态下匀速上升时的规律；（不计空气阻力）

（3）为了保证无人机以最大安全飞行速度匀速送货完毕后能安全返回，请求出该无人机的最大送货距离．

【分析】（1）由题意可知，无人机的最大升力与无人机自重之差即为无人机送货时最大能装载重力，根据G=mg，求出无人机送货时最大能装载质量；

（2）越到高空空气密度越小，要产生的最大升力仍为260N，则旋翼的转速应加快．

（3）根据电池容量可求得消耗的电能，再根据电动机效率求得有用能量，已知最大安全飞行速度v，根据图乙可知对应的牵引力，然后利用W=Fs可求得送货距离．

【解答】解：

（1）无人机上货物的最大重力：

G=F﹣G机=260N﹣160N=100N；

根据G=mg得，无人机送货时最大能装载的货物质量为：

m===10kg；

（2）越到高空空气的密度越小，因此该无人机在最大装载状态下匀速上升时，要产生260N的升力，旋翼的转速应越来越快；

（3）已知电池容量5000mAh，

电池储存的电能W=UIt=12V×5A×3600s=2.16×105J，

则电能转化的有用能量：W有=W×80%=2.16×105J×80%=1.728×105J；

已知最大安全飞行速度v=54km/h=54×m/s=15m/s，

由图乙可知，当最大安全飞行速度v=15m/s时，对应的阻力f=9.6N，

无人机水平匀速飞行时，牵引力F=f=9.6m，

由W有=可得无人机飞行的距离：

s===1.8×104m，

因为无人机以最大安全飞行速度匀速送货完毕后能安全返回，

则该无人机的最大送货距离s′=s=×1.8×104m=9×103m．

答：（1）该无人机最大装载的货物质量为10kg；

（2）该无人机在最大装载状态下匀速上升时旋翼的转速应越来越快；

（3）该无人机的最大送货距离为9×103m．

【点评】本题考查了重力公式、速度公式的灵活应用，关键是从表格或图象中获取有用的信息．